Php 将JSON字符串中的其他参数发送到jqGrid

我正在使用PHP为JQGrid生成JSON。我已将另一个属性添加到我正在进行JSON编码的PHP对象中：

$sql_array = preg_split('/LIMIT/', $sql);
$pass_sql = $sql_array[0];
$response->sql = $pass_sql;
<~SNIP~>
echo json_encode($response);

---

我需要从JSON回复中提取sql参数文本，并将其隐藏在DIV中，以备以后使用。这可能吗？

从服务器向jqGrid发送附加信息的最简单方法是

userdata

（请参阅。如果您的JSON数据

{
    "page":"1",
    "total":28,
    "records":"685",
    "userdata":"SELECT * FROM fires ORDER BY id desc ",
    "rows":[
       ...
    ]
}

或

附加信息将保存在jqGrid中，您可以使用

$（“#grid_id”）.jqGrid（'getGridParam'，'userData'）

访问

---

在处理

userData

时要小心。在JSON数据中，它必须是

userData

，在

getGridParam

：“userData”。

这里可能有一些设计问题……但除此之外，你可以在填充网格的处理程序中完成。太棒了！我会尝试一下，并将其标记为“已解决”只要我一上班。

{
    "page":"1",
    "total":28,
    "records":"685",
    "userdata":"SELECT * FROM fires ORDER BY id desc ",
    "rows":[
       ...
    ]
}

{
    "page":"1",
    "total":28,
    "records":"685",
    "userdata": {
        sql: "SELECT * FROM fires ORDER BY id desc "
    },
    "rows":[
       ...
    ]
}