Php Else语句不起作用

当正确输入军号时，下面的代码显示数据库中的数据，这是一件好事。但糟糕的是，很明显，我遇到的问题是，当它是空的或者军号不正确时，它会显示一个空白页。假设它与那里的else语句相呼应，该语句没有找到军号。我不知道这里出了什么事

//The html code
<form method="post" action="dutydata.php">
<input type="text" placeholder="provide unique code">
<input type="submit" name="verify">
</form>
//the php code
<?php
$conn = mysqli_connect("localhost", "root", "", "army_duty");
$set = $_POST['verify'];
if($set) {
    $show = "SELECT * FROM profile where military_number = '$set' ";
    $result = mysqli_query($conn, $show);
    while ($row = mysqli_fetch_array(result)) {
        echo $row['military_number'];
        echo $row['first_name'];
        echo $row['last_name'];
        echo $row['paygrade'];
        echo $row['duty_status'];
        echo $row['photo'];
        echo "<br/>";
     }
}  
else {
    echo "Military Number not found";
}
?>

//html代码
//php代码

我发现了一些错误。首先，文本输入必须在第2行有一个名称。 接下来检查按钮是否在第8行设置（或单击），然后从第2行的文本输入中创建变量。在while循环中，您留下了一个$for结果

<form method="post" action="dutydata.php">
<input name="something" type="text" placeholder="provide unique code">
<input type="submit" name="verify">
</form>
//the php code
<?php
$conn = mysqli_connect("localhost", "root", "", "army_duty");
if(isset($_POST['verify'])) {
$set = $_POST['something'];
$show = "SELECT * FROM profile WHERE military_number = '$set' ";
$result = mysqli_query($conn, $show);
while ($row = mysqli_fetch_array($result)) {
    echo $row['military_number'];
    echo $row['first_name'];
    echo $row['last_name'];
    echo $row['paygrade'];
    echo $row['duty_status'];
    echo $row['photo'];
    echo "<br/>";
 }
 } else {echo "Military Number not found";}
?>

//php代码

如果语句不正确，您可以选择

。使用
if
语句检查varaiable$集合中是否有任何值。无论该值是否为有效的军号，它都是。因此它总是验证TRUE，并且不会触发
else
语句

有关
if
语句的更多信息，请阅读。
此代码中有几个基本错误。包括我们使用submit按钮检查isset upin submission的事实。它不包含值。你想做的是将$set设置为我所说的“唯一代码”

以下代码应足以作为测试解决方案

//html代码

 //Remember if your form is on the same page as your PHP, you can set action to ""
 <form method="post" action="dutydata.php">
 <input type="text" placeholder="provide unique code" name="unique_code">
 <input type="submit" name="verify">
 </form>

//记住，如果表单与PHP位于同一页面上，则可以将操作设置为“”

//php代码

<?php
$conn = mysqli_connect("localhost", "root", "", "army_duty");
$set = $_POST['unique_code'];
if(isset($set)) {
$show = "SELECT * FROM profile WHERE military_number = '{$set}' ";
$result = mysqli_query($conn, $show);
while ($row = mysqli_fetch_assoc($result)) {
    echo $row['military_number'];
    echo $row['first_name'];
    echo $row['last_name'];
    echo $row['paygrade'];
    echo $row['duty_status'];
    echo $row['photo'];
    echo "<br/>";
 }
 }  
else {
echo "Military Number not found";
}
?>


如果
应该是小写。此代码也对sql InjectionOps开放，但它没有看到。我已经纠正了它，虽然它不是问题。仍然不起作用是的，我知道它对sql注入是开放的，我现在正在测试
if（isset（$set））
这应该是一个注释。没有答案。那么你不应该留下答案。你很快就会得到名声的，巴德。