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PHP代码的错误更正

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我已经编写了以下代码，但无法找出其中的错误

它不会弹出任何错误。它只是停留在html页面上

有什么问题吗

html页面

<html>
<head>


<script type="text/javascript" src="jquery.js"></script> 
<script type="text/javascript">
   $(document).ready(function(){
 function get(){
$("#button1").click(function(){
$.post('script_1.php', { name: form.name.value },
function(output) {
$('#age').html(output).show();
}) ;
});
 } 

$("#button2").click(function(){
$('form#myForm').attr({action: "script_2.php"});
$('form#myForm').submit();
});
});

</script>
</head>
<body>
 <form id="myForm" method="post">
doi: <input type="text" name="name"/>
<input type="button" id="button1" value ="Get" onclick="get();"/>
<input type="button" id="button2" value="Submit to script 2" />
title:<input type="text" name="title"/>
</form>
<div id="age"></div>
</body>
</html>


$（文档）.ready（函数（）{
函数get（）{
$（“#按钮1”）。单击（函数（）{
$.post（'script_1.php'，{name:form.name.value}，
功能（输出）{
$（'#age'）.html（输出）.show（）；
}) ;
});
} 
$（“#按钮2”）。单击（函数（）{
$（'form#myForm'）.attr（{action:'script_2.php}）；
$（'form#myForm'）。提交（）；
});
});
内政部：
标题：
第一个按钮的脚本_1.php是

<?php

ini_set('display_errors', 1);
error_reporting(E_ALL ^ E_NOTICE);
//connect to database

$name = mysql_real_escape_string($_POST['name']);



 if ($name==NULL)
 echo "please enter an id!";
 else
 {   
 $age= mysql_query("SELECT title FROM parentid WHERE id ='$name'");
 $age_num_rows = mysql_num_rows($age);   
  if ($age_num_rows==0)
  echo "id does not exist";

else
{

$sql ="SELECT * FROM parentid WHERE id = '$name'";       
$result = mysql_query($sql);
while($row = mysql_fetch_array($result))
{
$abc_output= "Existing data of the record <br />";      
$abc_output .="Title: " . $row['title'] . "<br />" ;
$abc_output .="Report No: " .  $row['reportno'] . "<br />" ;
$abc_output .="URL: " .  $row['calc_url'] . "<br />" ; 
$abc_output .="Institution: " .  $row['institution'] . "<br />" ; 

}
}
echo $abc_output;

}
}
?>

首先，您会想到以下几点：


 if ($name==NULL)
 echo "please enter an id!";



$name = mysql_real_escape_string($_POST['name']);


应该更像


 if (empty($name))
 echo "please enter an id!";



if(isset($_POST['name'])) $name = mysql_real_escape_string($_POST['name']);
else echo "they didnt use the form.";


接下来，您将看到：


 if ($name==NULL)
 echo "please enter an id!";



$name = mysql_real_escape_string($_POST['name']);


它应该更像我


 if (empty($name))
 echo "please enter an id!";



if(isset($_POST['name'])) $name = mysql_real_escape_string($_POST['name']);
else echo "they didnt use the form.";



最后，我没有看到和编写连接到数据库的代码。
您的HTML和Javascript代码有一个小问题。您声明单击函数的方式不正确。试试这个：


<html>
<head>


<script type="text/javascript" src="jquery.js"></script> 
<script type="text/javascript">
$(document).ready(function(){
    $("#button1").click(function(){
        $.post('script_1.php', { name: $('input[name$="name"]', '#myForm').val() },
            function(output) {
                $('#age').html(output).show();
            });
    });

    $("#button2").click(function(){
        $('form#myForm').attr({action: "script_2.php"});
        $('form#myForm').submit();
    });
});

</script>
</head>
<body>
 <form id="myForm" method="post">
doi: <input type="text" name="name"/>
<input type="button" id="button1" value ="Get"/>
<input type="button" id="button2" value="Submit to script 2" />
title:<input type="text" name="title"/>
</form>
<div id="age"></div>
</body>
</html>



好的，我有一个解决办法给你

这是我的示例表单


<form action='posted.php' method='post'>
<input type='submit' name='b1' value='Button 1' /><br />
<input type='submit' name='b2' value='Button 2' /><br />
</form>










这里是“post.php”


<?php
if(isset($_POST['b1'])) echo 'Button 1';
if(isset($_POST['b2'])) echo 'Button 2';
?>







当您按下“按钮1”时，php会给出“按钮1”，按钮2也是如此。
至于您的con-Post问题，为什么您首先需要两个submit按钮？一个submit按钮用于将数据库中的信息显示出来（它给出数据库中的信息，信息将显示在同一html页面上）另一个提交是为了更新数据库中的数据。这里有什么区别？？对于）您已删除..我们需要同时关闭函数和$.post..这与您拥有的不同之处在于，您的单击事件具有非法的函数声明，这阻止了单击函数的启动。我已经测试了我发布的这段代码，它确实提交了信息。嘿，我花了一些时间才意识到你所说的。我的第一个按钮没有提交任何东西。它所做的只是从数据库中获取信息（没有提交）…我现在编辑了我的答案以包含两个查询。我不知道你的名字在哪里。我猜是parentid。对于您的查询，id是数值还是字符串值？这就是您的问题所在。您正在使用$name，这是某人的名字。您需要找到此人的$id，并使用该id代替其姓名。