Php 如何动态传递if语句的条件

在这种情况下，我将在一个变量中获得比较字符串，我希望在IF中使用该变量

$xyz = '$abc<200'; // Dummy Dynamic Text

if($xyz) { // It should execute like if($abc<200)
    echo 'you are dynamic';
}

---

$xyz='$abc您不能使用引号，因为它正在从中生成字符串。这样做：

$xyz=($abc<200); //or, as well, $xyz=$abc<200
if($xyz) { 
    echo 'you are dynamic'; 
}

$xyz=（$abcEval有时被禁用。这是出于安全原因。通常与suhosin一起使用。Eval可能是邪恶的！请考虑代码注入

您可以尝试使用匿名函数

<?php

$func = function($abc) {
  return $abc<200;
};


if ($func($abc)) {
   // great
}

如果你能回答你的问题，解释一下为什么会出现这种情况以及你实际上在做什么，那将是非常有帮助的。盲目地将字符串作为代码片段进行评估通常是一个非常糟糕的主意。1.
var_dump（$abc）的输出是什么
2.这上面没有任何动态，您只需给变量赋值？！
$xyz='$abc是否希望能够解析if语句中的表达式？如果$abc<200，它必须工作-是否检查了$abc变量中的值？
$xyz=($abc@itssajan可以，但这只是将
$xyz
的值从
true
更改为
1
，并从
false
更改为
0
，使用
if（$xyz）
进行检查将得到相同的结果result@MujahedAKAS哦，现在我明白你的意思了！看我编辑的答案，它是有效的！来自手册：“eval（）除非在求值代码中调用return，否则返回NULL，在这种情况下，将返回传递给return的值。”
<?php

$func = function($abc) {
  return $abc<200;
};


if ($func($abc)) {
   // great
}