MySQL_fetch_array（）的基本PHP/MySQL错误

我得到的错误是：

...mysql_fetch_array() expects parameter 1 to be resource, boolean given...

awayid

正确地位于地址栏中。我可以很好地打印出来，但是由于某种原因，下面的代码给了我上面的错误

$result = mysql_query("select * from team where id=" . $_GET['awayid']);
$row = mysql_fetch_array($result);

---

EDIT尝试了mysql\u错误（）。好像我忘了选择一个数据库。。。然而，即使我为什么使用mysql_select_db（'gamelydb'）我仍然收到mysql错误

未选择任何数据库

您的查询失败。。。因此，

$result

被设置为

false

$result = mysql_query("select * from team where id=" . $_GET['awayid']);
var_dump($result); // bool(false)

调用以获取查询的错误消息：

echo mysql_error();

---

您的查询失败并返回布尔值FALSE。试试这个：

$result = mysql_query("select ...") or die(mysql_error());
                                   ^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^---- add this

这将终止脚本并向您显示查询失败的确切原因。

mysql\u query（）如果查询失败，即发生错误，则返回false。这就是为什么需要首先检查$result是否为false

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使用mysql_error（）输出错误。

您需要确保查询结果：

while ($row = mysql_fetch_array($result)) {
// echo $row[] ... ;   
}

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首先，您的查询非常容易受到SQL注入攻击。不要直接将$\u GET或$\u POST（或任何地方）中的任何内容插入到查询中。至少在变量上使用

mysql\u real\u escape\u string

mysql\u查询

返回false，因为查询有问题。您可以使用

mysql\u error

查看上次报告的错误是什么

if ($result = mysql_query("select * from team where id='" . $_GET['awayid']) . "'") {
    $row = mysql_fetch_array($result);
}
else {
    echo mysql_error();
}

---

无论如何，您知道将

$\u GET

参数直接写入SQL查询是非常糟糕的吗？试试看。

你有没有试着搜索第一个保守党，我们一遍又一遍地回答这些问题，下次请搜索

出现此错误的原因是，您使用

mysql\u query

运行一个失败的查询，因为它失败，所以返回false，然后将

false

的值传递给

mysql\u fetch\u array

，就像执行

mysql\u fetch\u array（false）

您需要确保

mysql\u查询

成功：

试着这样做：

if(false !== ($result = mysql_query("select * from team where id=" . $_GET['awayid'])))
{
    $row = mysql_fetch_array($result);
}else
{
    die("Query has failed: " . mysql_error())
}

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该错误意味着您的查询失败。你可以用它来找出原因。

mysql\u query

函数失败时返回

false

（布尔值）。此错误表示“$result”未包含有效的结果集。它们一定是查询中的某个错误，很可能是$\u GET['awayid']为空。尝试通过回显查询来调试查询，然后直接在MySQL中运行或使用MySQL_error（）函数。可能重复的可能重复