Php 布尔人和屈服者

我的php代码没有按计划运行。问题是，它无法完成以下所有行：

if ( isset( $_POST['submit'] ) ) { 
}

我不知道我做错了什么。 此代码的目标是能够编辑您的帐户信息。还有一件奇怪的事情可能与此有关。以下代码：

if (!$edit){
}

将始终显示在屏幕上。例如，如果我输入echo'hello'；即使布尔值为真，它仍将显示。我很想知道问题是什么，我请求你的帮助。这是我的密码：

$edit=false;
echo
<<<EOT
<form action="profile.php" method="post">
<input name="edit" type="submit" value="edit"></td>
</form>
EOT;
if (!$edit){
//some action
}
if ( isset( $_POST['edit'] ) ) { 
$edit=true;

    if($edit==true){
echo'<table>';
echo
<<<EOT
  <form action="profile.php" method="post">
  <textarea name="about" rows="5" cols="50" >{$about}</textarea> 
  <td><input name="submit" type="submit" value="submit"></td>
  </form>
EOT;
echo'</table>';
        if ( isset( $_POST['submit'] ) ) { 
            $sql_result = $mysqli->query("update account_information SET about='".$about."' WHERE username = '".$username."'");
            $edit=false;
        }
}
}

$edit=false；
回声
如果出现结构错误，请尝试以下操作：

if ( isset( $_POST['edit'] ) ) {
    // Print out the edit form
} else if ( isset( $_POST['edit'] ) ) {
    // Update database
} else {
<<<EOT
<form action="profile.php" method="post">
<input name="edit" type="submit" value="edit"></td>
</form>
EOT;
}

if（isset（$\u POST['edit']））{
//打印出编辑表单
}else if（isset（$_POST['edit']））{
//更新数据库
}否则{
换衣服

      `<input name="edit" type="submit" value="edit">`

``

到

``

需要添加属性
name
，以便服务器可以呈现表单数据，但您正在使用的
submit
是invaild
是
$\u POST['submit']
set？Dump
$\u POST
或使用浏览器检查请求参数。PHP代码是否按字面意思显示在屏幕上？或者您的意思是什么？在发布/获取过程中返回的所有内容都是字符串，因此在编写代码时请记住这一点。使用if（$value）仅检查$value是否有值，因此为“false”返回true，因为“false”是一个字符串，而不是布尔值。@AmalMurali您的意思是if（！$edit）{}？它之间的所有内容都不会显示在屏幕上。如果您只在页面顶部声明$edit，而不在其他地方声明$edit怎么办？例如：$edit=isset（$\u POST['edit']）？true:false；请参阅我对代码的编辑。编辑表单是带有textarea的表单。它给了我以下错误：警告：mysqli\u fetch\u assoc（）期望参数1是mysqli_result，给定布尔值，但它确实将其插入数据库。换句话说，解决方案是正确的。您提到的错误就是一个证明……我不明白您为什么投票否决我！：'（啊，对不起！以为是您伤了我的心：PNow我又高兴了！：D
  ` <input name="submit" type="submit" value="edit">`