Php MySqli插入不工作，无错误

我的代码似乎是正确的。将显示一个表单，然后单击submit按钮时，该代码将被执行。如果文章存在，它会结束并这样说，但它不会插入数据库，也不会给出错误或显示任何打印输出（如果文章不存在）

编辑：提供完整的表格

我想

$conn->close(); should be $db->close();

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INSERT语句要求在所有值/变量周围使用单引号。将它们放在$journal和$year周围，表单就完全可以使用了

感谢@Mihai的回答

您的提问

 INSERT INTO Articles (ISSN, Year_Published, Is_Security, Article_Title)
        VALUES ('$journal',$year,$security,'$article_name')

变成

INSERT INTO Articles (ISSN, Year_Published, Is_Security, Article_Title)
    VALUES ('".$journal."','".$year."','".$security."','".$article_name."')

我希望它能帮助你。假设它也不起作用， 请逐一检查您的输入数据。 也许这是错的。

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并检查数据库中的输入数据类型（varchar length）。

我们可以查看html表单吗？尝试一步一步地调试第一个echo“从文章中选择文章标题，其中文章标题=”$Article\u name“查看结果并复制n粘贴到sql，查看记录是否存在，然后echo“插入到文章中”（ISSN，Year_Published，Is_Security，Article_Title）值（“$journal”，“$Year，$Security，$Article_name”）“同样的过程如上所述，看看这两个查询是否在sql中都能正常工作，那么它必须在php中工作……：）我能够在PHPMyAdmin中运行语句，并通过用相应的值替换变量来创建记录/值得补充的是，这只是mysql插入的开始。额外的变量将在其他sql中使用inserts@dtj当我按submit，文章没有退出时，输出只是一个白色屏幕。没有完整的插入，也没有错误消息。啊，我忘了在我的帖子上更正它，但这没有更正问题：/echo$journal、$year、$security、$article\u name，然后找到你得到的