Php MySQL语法错误：near'；1'；在1号线

我在第1行得到了错误“1”，我有点被这个错误难住了；我是一个彻头彻尾的笨蛋，通常不寻求帮助就试图纠正事情

它将所有数据正确地输入到数据库中，但提供了此错误

有两个其他线程具有相同的问题，其中一个问题的解决方案是： 这就是出现错误的原因：您试图使用上次更新查询的结果调用mysql_查询。如果为TRUE，则转换为字符串，仅为“1”

（我知道我真的应该准备一份声明）

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当插入成功时，下一行将值“1”存储在$sql中，当插入失败时，将值“0”存储在$sql中

$sql = mysqli_query($con, "UPDATE users SET title='$title', firstname='$firstname', lastname='$lastname', jobtitle='$jobtitle', address='$address', address2='$address2', address3='$address3', postcode='$postcode', telephone='$telephone', email='$email' WHERE username='$user'");

而你正试图执行这个

if (!mysqli_query($con,$sql)) 

在这里，$sql的值是“1”，这不是一个有效的查询。这会导致语法错误。 如果您正试图实现此目标，则可能：

$sql = "UPDATE users SET title='$title', firstname='$firstname', lastname='$lastname', jobtitle='$jobtitle', address='$address', address2='$address2', address3='$address3', postcode='$postcode', telephone='$telephone', email='$email' WHERE username='$user'";
if(mysqli_query($con,$sql)){
    //do something if the operation is successful
}

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执行查询并将结果放入$sql中，然后执行该结果，不要将对

mysqli_*（）

的调用与对

mysql_*（）

的调用混合在一起-两者不兼容<代码>更新不返回结果集。最后，您使用的是$qStuff，但它并没有在任何地方初始化。记住适当地转义输入数据是很好的，但更好、更干净的解决方案是使用准备好的语句。唉，我对MySQLi还不太熟悉，不知道该怎么做，但这应该足以帮助您进行搜索。您只能为获取结果（如“选择”）的MySQLi操作检索值。

if (!mysqli_query($con,$sql)) 

$sql = "UPDATE users SET title='$title', firstname='$firstname', lastname='$lastname', jobtitle='$jobtitle', address='$address', address2='$address2', address3='$address3', postcode='$postcode', telephone='$telephone', email='$email' WHERE username='$user'";
if(mysqli_query($con,$sql)){
    //do something if the operation is successful
}