PHP：如何从构造函数中调用方法？

PHP已将get_称为_class（）；它将返回调用的类的名称。是否有函数返回被调用方法的名称？例如，我有一个父类：

class Parent
{
    public function __construct()
    {
        echo get_called_class(); // echos "Child"
        // how do I echo "myMethod"
    }
}

然后我有一个孩子的父母：

class Child extends Parent
{
    public function myMethod()
    {
    }
}

如果我打电话：

new Parent();

如何获取从_构造调用的方法的名称？在本例中为“myMethod”？如果我使用

\uu函数

它将返回

父项：：\uu构造

编辑：我试图让被调用的类和方法自动传递给视图函数。因此，在控制器操作中，我可以：

$this->render();

而不是：

$this->render('account/new');

我的_构造将自动设置

$controller = "account"; // from get_called_class();
$action = "new"; // gotten how?!

---

我想你可以使用

\uuuuuuuuuuuuuuuuuuuuu方法


否则，正如其他人提到的，它应该返回_构造。
正如DCoder所写，您根本不需要调用myMethod（）。
您构造的是父类对象，而不是子类对象，因此不可能以任何方式从子类中获取任何函数名或一般任何内容。
简单函数以“filename:[class->][function（）：]”的形式获取字符串



用法如下：

<?php
function debug($str) {
    echo get_caller_info() . $str . "<br>\n";
}
?>



摘自我最好的朋友。
你为什么要这样做？你为什么需要这个？它建议一种设计，当你创建一个对象时，_构造被调用…你的代码实际上并没有调用
myMethod
…我感觉你试图以错误的方式解决这个问题，但这个想法是有效的。我要做的是让视图查询类似于请求，以便它可以尝试确定模板。你的请求对象应该有一个控制器和一个它想要调用的方法，所以你的视图对象也应该查看请求来收集它自己的信息。对，我希望它返回“myMethod”而不是“\uuu construct”。在这种情况下，我认为这个函数可能更有用：我希望不使用debug\u backtrace，但这似乎是唯一的方法。
<?php
function debug($str) {
    echo get_caller_info() . $str . "<br>\n";
}
?>