Php 将秒转换为年/月/日

好吧，我现在正在做一个游戏，我遇到了一个小问题——直到大约一个小时前，游戏中的时间使用PHP内置的datetime函数，但由于2038时间错误，这有点停止了工作

我正试图通过建立自己的时间系统来解决这个问题，这正慢慢成为一个让人头疼的问题（因为我不是100%确定我在做什么）

我这里有这个密码

echo "TIME:".$time.'<br/>';
$year = ceil($time/GYEAR);
if($year%GMONTH) { $month = ceil($year/GMONTH);}else{ $month = '';}
if($month%GDAY) { $day = ceil($month/GDAY); } else { $day = '';}

echo $year.'-'.$month.'-'.$day;

时间变量只是time_STEP*，不管我运行了多少次（它存储在数据库中，现在它的值是：1736899200）

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我很确定问题是我不确定如何使用%运算符，但我想输入一些信息。

对我来说最好的方法是使用类和

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它们都支持超过2038年的日期，并且比您自己的自定义“东西”更好地使用。…

2038错误发生在32位操作系统上。请不要将此用作服务器。在x64上安装一个好的服务器，这将支持您的时间戳，而无需对其进行黑客攻击…@Blag我有x64系统，但每次我在时间戳中到达2038，它都会重置为0000-00-00:00:00，我认为这可能与此有关。即使使用x64Huh，2038错误现在似乎也没有得到真正的修补，时间戳字段不支持它吗？我正在查看我的结构，它被设置为时间戳而不是DateTime@PatrickPiersonmysql时间戳使用INT存储

时间戳值的范围是'1970-01-01 00:00:01.000000'到'2038-01-19 03:14:07.999999'。

日期时间可以从1000到99999。好吧，这一定是问题所在。我现在要试一试，谢谢你@Blag@PatrickPierson不客气；）这是相关的，并解释多一点

    define("GMIN", 60);
    define("GHOUR", GMIN*60);
    define("GDAY", GHOUR*24);
    define("GMONTH", GDAY*30);
    define("GYEAR", GMONTH*12);
   define("TIME_STEP", GMONTH*12+GDAY);`