PHP HTML表单未将数据发布到数据库？

我在我的网站上有这个表单来更改用户列表中用户的激活状态，因此管理员可以禁止用户进入管理员区域。该表单用于显示激活状态，然后显示0或1作为选项。如果您下拉并更改为相反的选项，它将更改数据库中您更改激活号的特定用户名下的激活状态号。我遇到了一个问题，因为当您更改号码时，页面会随着某些事情的发生而刷新。但它似乎根本不发送信息或更改数据库？这里有人帮忙吗？谢谢

$outputList .= '<tr><td>'. $id .'</td><td>'. $firstname .'</td>
    <td>'. $lastname .'</td>
    <td><form name="activationsend" action="admin.php?page=2" method="POST">
      <input type="hidden"/>
      <select name="act" onchange="this.form.submit();">
        <option style="display:none">'. $activated .'</option>
        <option name="0" value="0" >0</option>
        <option name="1" value="1" >1</option>
      </select>
    </td>
    <td><a href="'. $username .'">'. $username .'</a></td>
    </form>
  </tr>';
}

$outputList .= '</tbody>
            </table>';

if (isset($_POST['activationsend'])){
$activated = $_POST['act'];
$username = $_POST['$username'];

$exists = mysql_query ("SELECT * FROM users WHERE username='$username'") or die ("not found");
    if (mysql_num_rows($exists) != 0){
        //update the info in database
        mysql_query ("UPDATE users SET activated='$activated' WHERE username='$username'") or die ("update didn't work");
        echo "worked";
} else echo "did not work";
}

$outputList.=''$身份证$名字。”
“.$lastname。”
“.$已激活。”
0
1.
';
}
$outputList.='
';
如果（isset（$_POST['activationsend']））{
$activated=$_POST['act']；
$username=$_POST['$username']；
$exists=mysql_查询（“从用户名为“$username”的用户中选择*）或die（“未找到”）；
如果（mysql_num_rows（$exists）！=0）{
//更新数据库中的信息
mysql_查询（“更新用户集激活=“$activated”，其中用户名=“$username”）或死亡（“更新不起作用”）；
回声“工作”；
}否则回声“不起作用”；
}

试试这个条件

if (isset($_POST['act'])){
// ...
}

我不确定，激活发送到服务器。 因此，您也可以尝试使用

var\u dump（$\u POST）

函数在请求后显示您的POST数据：

$outputList .= '</tbody>
            </table>';

var_dump($_POST);

$outputList.='
';
变量转储（$\u POST）；

它将返回POST数据或NULL

UPD.

您还需要传递用户名数据。尝试改变

<a href="'. $username .'">'. $username .'</a>

进入

---

首先，用户名不会发布到服务器上，您使用的是

$username

变量，而不是

$\u POST

中的

username

应该是这样的:

if (isset($_POST['activationsend'])){
  $activated = $_POST['act'];
  $username = isset($_POST['username'])? $_POST['username'] : '';
  // Check if $username is empty or not
  if($username != ""){
    $exists = mysql_query ("SELECT * FROM users WHERE username='$username'") or die ("not found");
    if (mysql_num_rows($exists) != 0){
        //update the info in database
        mysql_query ("UPDATE users SET activated='$activated' WHERE username='$username'") or die ("update didn't work");
        echo "worked";
    } else echo "did not work";
  }
}

若数据库中并没有该用户名的记录，它将显示

“未工作”

---

希望，它能解决您的问题。

表单现在正在启动，但它回显“不起作用”不知道为什么？在发送时，Var_转储会说“array（1）{[“act”]=>string（1）“1”}不起作用”哦。您有一个错误：

$username=$\u POST['$username']更改为
$username=$\u POST['username']
您不需要将
$
写为数组索引：
$username=$\u POST['username']；/'username'是表单字段的名称，但不是“$username”
array（1）{[“act”]=>string（1）“1”}不起作用，仍然给我这个名称用户名也从来没有发布过，没有这样的字段，那么如何根据单击的用户名将用户名设置为字段？请记住，这是一个用户名列表，每个单独的用户名上都有表单？好吧，在提交的用户名之前做一个下拉列表
if (isset($_POST['activationsend'])){
  $activated = $_POST['act'];
  $username = isset($_POST['username'])? $_POST['username'] : '';
  // Check if $username is empty or not
  if($username != ""){
    $exists = mysql_query ("SELECT * FROM users WHERE username='$username'") or die ("not found");
    if (mysql_num_rows($exists) != 0){
        //update the info in database
        mysql_query ("UPDATE users SET activated='$activated' WHERE username='$username'") or die ("update didn't work");
        echo "worked";
    } else echo "did not work";
  }
}