PHP未定义$Variable

我不太确定如何解决我遇到的问题

$Xsummoner_fetcher = mysqli_fetch_row($Xcheck_sql);
$summonerName = $summoner[2];

$result = file_get_contents('$url');
$summoner = json_decode($result);
print_r($summoner->{''.$summonerName.''}->{'id'});

我的问题是

{'.$courdername.'}

。我在下面发布了错误，它似乎是名称前面的一个

$

符号。。。但是，当我使用：

print_r($summoner->{'fksakes'}->{'id'});

它起作用了；我已经回显了$callerName变量，以查看它是否回显了

“FkSakes”

，而不是

“$FkSakes”

，它只是回显了FkSakes。我不确定这里发生了什么

[18-May-2015 10:51:02 UTC]PHP通知：未定义属性：stdClass:：$FkSakes in/testingground/test.PHP，第22行

对这里发生的事情的解释就像修复一样好

编辑：打印（召唤者）

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请注意，通知

未定义属性：stdClass:：$FkSakes

是描述缺少属性的标准方式，因此这不是由于错误的

$

：

error_reporting(-1);
$s = new stdClass;
var_dump($s->FkSakes); // Undefined property: stdClass::$FkSakes

这里的问题是属性名是

fksakes

，而不是

fksakes

（属性名区分大小写）。因此，您可以执行以下操作：

$summonerName = strtolower($summoner[2]);
print_r($summoner->$summonerName->id); // 801808

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请显示此

print\r（$caller）的输出使用{'\'.$COURMERNAME.'\''}感谢您对错误代码的澄清，并报告问题和修复：非常感谢你，伙计。
$summonerName = strtolower($summoner[2]);
print_r($summoner->$summonerName->id); // 801808