Php Can'；我不明白为什么JSON/JSONP是'；行不通

我有以下PHP代码：

JSON.php

<?php
    $array = array('items' => 38);
    $JSONItems = json_encode($array); 
    return $JSONItems;
?>

Items.html

<script type="text/javascript" src="https://ajax.googleapis.com/ajax/libs/jquery/1.3.2/jquery.min.js"></script>
<script type="text/javascript">
    $.getJSON("http://domain.com/JSON.php?callback=?", 
        function(data){ alert(data.items) }
    );
</script>

$.getJSON（“http://domain.com/JSON.php?callback=?", 
函数（数据）{alert（data.items）}
);

显示Items.html时，不会触发警报，也不会发生任何事情。（没有控制台错误或任何东西）

---

知道我做错了什么吗？

我刚试过这个，效果很好

<script type="text/javascript">


    </script>
 <script>
 $(document).ready(function() {
   $.getJSON("http://localhost:8080/json.php", 
    function(data){ alert(data.items) }
);
 });
 </script> 

$（文档）.ready（函数（）{
$.getJSON（“http://localhost:8080/json.php", 
函数（数据）{alert（data.items）}
);
});

PHP

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我刚试过这个，效果很好

<script type="text/javascript">


    </script>
 <script>
 $(document).ready(function() {
   $.getJSON("http://localhost:8080/json.php", 
    function(data){ alert(data.items) }
);
 });
 </script> 

$（文档）.ready（函数（）{
$.getJSON（“http://localhost:8080/json.php", 
函数（数据）{alert（data.items）}
);
});

PHP

---

您正在PHP脚本中调用

return

。那不是你想象的那样

---

您需要在PHP脚本中使用要调用的

return

。那不是你想象的那样

---

您需要使用

echo

erm，您的意思是从PHP脚本中

echo

吗？erm，您的意思是从PHP脚本中

echo

吗？当PHP脚本没有输出任何内容时，这不会有帮助；）另一个使用JSON.stringify（）函数来搜索它的好方法是，当您添加？callback=？（对于JSONP）我可以让它以上面列出的格式工作，但是我不能让它为JSONP工作，当php脚本没有输出任何内容时，这不会有帮助；）另一个使用JSON.stringify（）函数来搜索它的好方法是，当您添加？callback=？（对于JSONP）我可以让它以上面列出的格式工作，但是我不能让它为JSONP工作。我让它在没有JSONP的情况下工作，但是当我添加？回调=？（对于JSONP它不工作。）我让它在没有JSONP的情况下工作，但是当我添加？回调=？（对于JSONP，它不起作用。）