can'；我看不到使用ajax和php从服务器响应的html代码

1.Jquery脚本与Ajax

$('#location').change(function(){
    var l = $('#location :selected').val();
    $.ajax({
    type:'POST',
        url : 'function/get_location.php',
        dataType:'html',
        data : { loc : l},
        success: function(data){
            $('#advertise_record').html(data);
        }   
    });
});

我想在我的网页中看到名为#advision_record的blog div中显示的来自服务器的响应的html代码。但是当右键单击查看源代码时，我在博客中没有看到html代码，但结果显示在这里

2.html代码

<div id="advertise_record"></div>

我需要服务器响应显示在这里的结果。 它会显示结果，但当我右键单击“查看源代码”时，我没有看到该代码

3。get_location.php

<?php

    include_once (dirname(__FILE__). '/dbconfig.php');

    define('ADVERTISE_DIRECTORY','../advertise/');

    if(isset($_POST['loc'])) $loc = mysql_real_escape_string($_POST['loc']);

    switch($loc){
        case 0 : $sql = 'SELECT * FROM tblads';break;
        case 1 : $sql = 'SELECT * FROM tblads WHERE loc_id="'.$loc.'"'; break;
        case 2 : $sql = 'SELECT * FROM tblads WHERE loc_id="'.$loc.'"'; break;
        case 3 : $sql = 'SELECT * FROM tblads WHERE loc_id="'.$loc.'"'; break;
        default:"";
    }
    ?>
    <table border="1" cellpadding="5" cellspacing="5" width="850px;">
        <tbody>
            <tr>
                <td><input type="file" name="filename" id="filename" class="text"/></td>
                <td><label class="title">Name :</label><input type="text" name="ads_name" id="ads_name" class="text" style="width:150px;"></td>
                <td><label class="title">URL :</label><input type="text" name="url" id="url" class="text" style="width:150px;"/></td>
                <td><input type="button" name="update" id="update" class="button button_update"/></td>
            </tr>
    <?php
    $output = mysql_query($sql) or die(mysql_error());
    while($row = mysql_fetch_array($output)){
        ?>
        <tr>
            <td colspan="3" align="center">
                <div style="width: 700px;height: auto;overflow-x: scroll;">
                    <img src='<?php echo ADVERTISE_DIRECTORY.$row['image_name']?>' alt='<?php echo $row['ads_name'];?>' />  
                </div>
            </td>
            <td align="center"><a href='#tab-advertise?edit=<?php echo $row['ads_id']?>' >Edit</a></td>
        </tr>   
        <?php
    }
?>  
        </tbody>
    </table>    

姓名：
网址：
'alt='''/>

---

那么我的代码出了什么问题。非常感谢您抽出时间回答。

您不会在源代码中看到任何最初不存在的内容。如果您想查看ajax调用返回的html，请查看浏览器开发工具中的network/net选项卡。此外，您正在为图像设置内容类型，这是不正确的，因为您的输出是html表。

为什么您的MIME类型设置为

image/jpeg

？如果您不想输出HTML代码，那么您应该删除

header（）

函数，或者将其设置为

text/HTML

。好的！我删除了它，但它仍然不起作用。还有一个我想显示图像，但图像不显示。为什么？谢谢你的回答。在这个表中，我也想显示图像，你可以在get_location.php中看到我的代码，对吗？但是图像没有显示在我的网页中为什么？@noeurphreak如果图像没有显示，那么路径（即

src

属性）是错误的。好的！现在我可以将图像加载到我的页面了。另一个问题是，当我右键单击查看源代码时，我没有看到在我的页面中显示该图像的html代码。为什么？谢谢你抽出时间。。