将第二个变量添加到php exec comaand不起作用

我正在使用以下命令来帮助我创建所需的数据

exec("awk -F: '{printf \"www.example.com/2/tasks.php?account=%s%%3A%s\\n\" ,$1, $2 }' < /opt/lampp/htdocs/$filename > /opt/lampp/htdocs/2.txt");

exec（“awk-F:'{printf\'www.example.com/2/tasks.php？帐户=%s%%3A%s\\n\，$1，$2}'/opt/lampp/htdocs/2.txt”）；

这工作非常好，但当我尝试使用我创建的第二个变量并发出此exec命令时，它不会将文本文件输出到第二个变量，但不会在其中创建任何内容

exec("awk -F: '{printf \"www.example.com/2/tasks.php?account=%s%%3A%s\\n\" ,$1, $2 }' < /opt/lampp/htdocs/$filename > /opt/lampp/htdocs/$filename2");

exec（“awk-F:'{printf\'www.example.com/2/tasks.php？帐户=%s%%3A%s\\n\，$1，$2}'/opt/lampp/htdocs/$filename2”）；

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任何正文都可以帮助使用

escapeshellarg（）

来转义您的输入，因为您的变量名在被传递到

exec
之前可能正在扩展，请使用
escapeshellarg（）
来转义您的输入，因为在将PHP变量传递到shell命令行时，变量名在传递到
exec
+1
escapeshellarg（）
之前可能正在扩展。出于安全性和功能性考虑，将PHP变量传递到shell命令行时，必须使用+1
escapeshellarg（）
。出于安全性和功能性原因，您可以发布示例输入文件和
$filename
的值吗？您可以发布示例输入文件和
$filename
的值吗？