Php 上载文件并重新加载div,而不是重新加载页面
我的问题与上载文件后重新加载PHP页面的错误有关 现在我只需要重新加载一个div而不是整个页面,JQuery不是我最好的朋友 我使用以下JQuery函数(我从中获得JQuery代码)将表单放入一个div中,如下所示:Php 上载文件并重新加载div,而不是重新加载页面,php,jquery,html,ajax,file-upload,Php,Jquery,Html,Ajax,File Upload,我的问题与上载文件后重新加载PHP页面的错误有关 现在我只需要重新加载一个div而不是整个页面,JQuery不是我最好的朋友 我使用以下JQuery函数(我从中获得JQuery代码)将表单放入一个div中,如下所示: 上载文件: $('#uploadFile').submit(函数() { event.preventDefault(); $.ajax( { url:“upload.php”, 键入:“POST”, 数据:$(this).serialize(), 成功:功能(数据) { $(“#
上载文件:
$('#uploadFile').submit(函数()
{
event.preventDefault();
$.ajax(
{
url:“upload.php”,
键入:“POST”,
数据:$(this).serialize(),
成功:功能(数据)
{
$(“#updiv”).fadeOut();
设置超时(1000);
$(“#updiv”).fadeIn();
});
});
$(此).ajaxSubmit(选项);
返回false;
});
这是upload.php文件:
<?php
/* upload.php */
set_time_limit(0);
$targetDir = "/path/to/upload/dir";
$targetFile = $targetDir . basename($_FILES["fileToUpload"]["name"]);
$upload = 1;
$fileType = pathinfo($targetFile, PATHINFO_EXTENSION);
if(isset($_POST["submit"]))
{
/* Check file size */
if($_FILES["fileToUpload"]["size"] > 500000)
{
echo "Sorry, your file is too large.";
$upload = 0;
}
/* Allow certain file formats */
if($fileType != "data" )
{
echo "Sorry, non valid filetype.";
$upload = 0;
}
/* Check if $uploadOk is set to 0 by an error */
if($upload == 0)
{
echo "Sorry, your file was not uploaded.";
}
else
{
if (move_uploaded_file($_FILES["fileToUpload"]["tmp_name"], $targetFile))
{
echo "The file ". basename( $_FILES["fileToUpload"]["name"]). " has been uploaded.";
}
else
{
echo "Sorry, there was an error uploading your file.";
}
}
}
在多部分表单上使用jQuery
.serialize()
将不会发送文件数据
有关更多详细信息,请参见,但基本上您可以这样做
data: new FormData($(this)[0])
而不是
data: $(this).serialize()
附加
processData: false
到$.ajax
对象参数表
关于测试问题,如果您提交表单时未涉及jQuery,您是否检查了表单提交和文件上载是否正确?我建议您使用
有一个演示php项目,您可以从中获得想法,并学习如何实现它关于重新加载一个div部件,我不知道这是什么意思,你能解释一下吗 更新:
upload.php
文件的输出可以加载到updiv
中。例如,如果您执行die('blabla')
在upload.php
中,您可以将其用作updiv
内部html。如果您使用我上面提到的jQuery插件,它将是这样的:<script>
$(function () {
$('#fileupload').fileupload({
dataType: 'html', // this could be json too, depends on your needs
done: function (e, data) { // data.result is whatever returned from your upload.php
$.each(data.result.files, function (index, file) {
$('#updiv').html(data.result);
});
}
});
});
</script>
$(函数(){
$('#fileupload')。fileupload({
数据类型:'html',//也可以是json,这取决于您的需要
完成:函数(e,data){//data.result是从upload.php返回的结果
$.each(data.result.files,函数(索引,文件){
$('#updiv').html(data.result);
});
}
});
});
这是一个工作示例,您必须使用formData
才能通过ajax发送文件,这将重新加载div并在
中返回服务器响应
上载文件:
上载文件:
$('#uploadFile').submit(函数()
{
event.preventDefault();
$(“#updiv”).fadeOut();
$.ajax(
{
url:“upload.php”,
键入:“POST”,
数据:新表单数据(本),
contentType:false,
processData:false,
成功:功能(数据)
{
$('.info').html(数据);
$('.info').show();
$(“#updiv”).fadeIn();
}
});
});
当然,为什么在每个if语句中都包含“fileform.php”
?有什么原因吗?哎哟!这是一个错误。。我纠正了。很抱歉我从链接的线程复制了upload.php的内容。但是网站上运行的原始文件没有这些说明。。再次抱歉,我更正了它们。好的,如果您将include(“fileform.php”);
放在顶部会怎么样?我以前尝试过不使用JQuery,我可以上载该文件。我做了您建议的更改,但仍然出现相同的错误:(我不想重新加载整个页面。我只想更新包含表单的div updiv的内容。我正在查看您的链接。提前感谢您。我希望它会有所帮助。我将在接下来的几分钟内尝试它!现在非常感谢!我已经尝试过了,而且效果很好!谢谢!我非常沮丧!谢谢!
processData: false
<script>
$(function () {
$('#fileupload').fileupload({
dataType: 'html', // this could be json too, depends on your needs
done: function (e, data) { // data.result is whatever returned from your upload.php
$.each(data.result.files, function (index, file) {
$('#updiv').html(data.result);
});
}
});
});
</script>
<form id="uploadFile" enctype="multipart/form-data">
<h3>Upload a file:</h3>
<input type="file" name="fileToUpload" id="fileToUpload">
<input type="submit" id="submit" value="Upload" name="submit">
</form>
<!-- Response Output -->
<div class="info" style="display:none"></div>
</div>
<div id="updiv">
<form id="uploadFile" enctype="multipart/form-data">
<h3>Upload a file:</h3>
<input type="file" name="fileToUpload" id="fileToUpload">
<input type="submit" id="submit" value="Upload" name="submit">
</form>
<!-- Response Output -->
<div class="info" style="display:none"></div>
</div>
<script>
$('#uploadFile').submit(function()
{
event.preventDefault();
$("#updiv").fadeOut();
$.ajax(
{
url: "upload.php",
type: 'POST',
data: new FormData(this),
contentType: false,
processData: false,
success: function(data)
{
$('.info').html(data);
$('.info').show();
$("#updiv").fadeIn();
}
});
});
</script>