PHP getimagesize（）函数的路径

对于getimagesize（），文件的正确路径是什么？在我的例子中，我更喜欢绝对路径，但它给出了一个错误，即没有文件，但当我给它一个完整的URL时，没有错误，但也没有输出。图像显示但不显示getimagesize（）中的属性

为了澄清这一点，这些图像存储在一个数据库中，其中有一个脚本将它们拉出并提供标题，在本例中，这些标题是从foreach循环中执行的，因为它正在为一个动态菜单拉出多个图像。我过去在其他网站上成功地完成了这项工作，而这段代码来自其中一个工作网站，所以不确定为什么它在这里不起作用

问题是，什么是正确的路径类型，为什么没有输出

这（首选）会产生无图像的错误：

list($width, $height, $type, $attr) = getimagesize("/internals/viewers/show_image.php?ID=$MenuImage");
$imagetags = (!empty($attr)) ? $attr : "";

这不包括但也没有属性：

list($width, $height, $type, $attr) = getimagesize("http://domain.loc/internals/viewers/show_image.php?ID=$MenuImage");
$imagetags = (!empty($attr)) ? $attr : "";

使用以下方式显示图像：

echo "$MenuLink<img src=\"/internals/viewers/show_image.php?ID=$MenuImage\" alt=\"$MenuName\" title=\"$MenuDescription\" class=\"MenuTab\"$imagetags></a>\n";

echo“$MenuLink\n”；

下面是show_image.php：

<?php include $_SERVER ['DOCUMENT_ROOT'] . "/internals/configuration/common.php";

$ImageID = (isset($_GET['ID'])) ? $_GET['ID'] : "";

if (!$ImageID) die ("No image");

    $sqlImage = "SELECT Image, ImageFormat FROM images WHERE ID='$ImageID'";
    $rowImage = DBConnect($sqlImage, "Select", $siteDB);

if (!empty($rowImage)) :
    $mime_type = $rowImage['ImageFormat'];
    $SiteImage = $rowImage['Image'];
    header("Pragma: no-cache");
    header("Content-type: image/$mime_type");
    echo $SiteImage;
    imagedestroy($SiteImage);
endif; ?>

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假设您在Linux或MacOS上运行此程序，使用

/

启动路径将在整个硬盘驱动器的根目录下启动它。因为PHP在服务器端运行，所以它不知道web服务器目录的根在哪里。最好使用

/opt/apache/htdocs/internals/viewers

（只是一个示例）或相对路径。我通常使用相对路径

编辑：您可以尝试使用

getimagesize（$\u SERVER['DOCUMENT\u ROOT']”internals/viewers/show\u image.php？ID=$MenuImage”）

，这可能适用于您的情况

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另一个编辑：因为您的图像实际上不是图像文件，所以可以将

http://

或

https://

URL传递到

getimagesize（）

调用中。下面是一个示例：

getimagesize（“http://.”$\u服务器['http\u主机].“/internals/viewers/show\u image.php？ID=$MenuImage”）
是的，运行Ubuntu 19.10和PHP7.4。不幸的是，这是我尝试过的许多事情之一，但它也不起作用，当我硬编码完整路径时，它也不起作用。对于在服务器根目录下启动的，通常，以斜杠启动链接会从站点的根文件夹开始，而不是从服务器的根文件夹开始，但如果这也适用于在函数中使用路径，则我发现没有什么是明确的，因此感谢您的澄清。我只是想到，加载链接时，可能无法使用服务器根目录的完整路径，因为这不是实际的图像文件而是一个PHP脚本，从数据库中提取图像，留下一个URL作为唯一选项。但是，虽然没有错误，但即使相同的URL在浏览器中显示图像，它也不会调出值。是的，我的原始答案不起作用。我已经更新了它（请参阅上面的“另一个编辑”）以满足您的需要。我希望这有帮助！这是我也尝试过的许多事情之一，但也没有结果。将完全相同的URL加载到浏览器本身确实会拉起图像，它们也会显示在网站上，但我似乎无法获取属性！在从数据库中获取图像数据之后，在应用头之前，是否应该以当前没有的方式处理或编码图像数据？