Php Mysqli准备的声明不是wokring

我有一个if语句，用于登录页面

我一直在尝试将其转换为mysqli编写的语句。它以前只是普通的mysqli

问题是，无论我输入什么id，它总是说无效id！而不是切换到正确的页面

if (isset($_POST['login']))
{
require "connect.php";

session_start();

if (count($_POST) > 0)
    {
    if ($stmt = mysqli_prepare($conn, "SELECT id, Login_ID, Name, User_Role_ID FROM user WHERE Login_ID = ?"));

    $lid = $_POST["id"];

    $stmt->bind_param("i", $lid);

    $stmt->execute();

    $stmt->bind_result($id, $Login_ID, $Name, $User_Role_ID);

        $_SESSION["Student_DB_ID"] = $id;
        $_SESSION["Login_ID"] = $Login_ID;
        $_SESSION["Name"] = $Name;
        $_SESSION["User_Role_ID"] = $User_Role_ID;

        switch ($User_Role_ID)
            {
        case "2":
            header("Location: ../views/student/");
            break; //Student
        case "1":
            header("Location: ../views/admin/");
            break; //Admin
        default:
                echo "Invalid ID!"; 
            } 

/* close statement */
$stmt->close();
$conn->close();

    }
}

---

您需要阅读mysqli_stmt_fetch（）函数（）的文档。该函数仅根据查询是否成功完成返回布尔值。您需要使用bind_result（）返回值

编辑：

根据下面的注释，这段代码应该可以工作，您还删除了fetch（）调用，这仍然是必需的：

if (isset($_POST['login'])) {
    require "connect.php";

    session_start();

    if (count($_POST) > 0) {
        if ($stmt = mysqli_prepare($conn, "SELECT id, Login_ID, Name, User_Role_ID FROM user WHERE Login_ID = ?")) {
            $lid = $_POST["id"];

            $stmt->bind_param("i", $lid);
            $stmt->execute();
            $stmt->bind_result($id, $Login_ID, $Name, $User_Role_ID);
            $stmt->fetch();

            $_SESSION["Student_DB_ID"] = $id;
            $_SESSION["Login_ID"] = $Login_ID;
            $_SESSION["Name"] = $Name;
            $_SESSION["User_Role_ID"] = $User_Role_ID;

            switch ($User_Role_ID) {
                case "2":
                    header("Location: ../views/student/");
                    break; //Student
                case "1":
                    header("Location: ../views/admin/");
                    break; //Admin
                default:
                    echo "Invalid ID!"; 
            }

            /* close statement */
            $stmt->close();
            $conn->close();
        }
    }
}

---

您需要阅读mysqli_stmt_fetch（）函数（）的文档。该函数仅根据查询是否成功完成返回布尔值。您需要使用bind_result（）返回值

编辑：

根据下面的注释，这段代码应该可以工作，您还删除了fetch（）调用，这仍然是必需的：

if (isset($_POST['login'])) {
    require "connect.php";

    session_start();

    if (count($_POST) > 0) {
        if ($stmt = mysqli_prepare($conn, "SELECT id, Login_ID, Name, User_Role_ID FROM user WHERE Login_ID = ?")) {
            $lid = $_POST["id"];

            $stmt->bind_param("i", $lid);
            $stmt->execute();
            $stmt->bind_result($id, $Login_ID, $Name, $User_Role_ID);
            $stmt->fetch();

            $_SESSION["Student_DB_ID"] = $id;
            $_SESSION["Login_ID"] = $Login_ID;
            $_SESSION["Name"] = $Name;
            $_SESSION["User_Role_ID"] = $User_Role_ID;

            switch ($User_Role_ID) {
                case "2":
                    header("Location: ../views/student/");
                    break; //Student
                case "1":
                    header("Location: ../views/admin/");
                    break; //Admin
                default:
                    echo "Invalid ID!"; 
            }

            /* close statement */
            $stmt->close();
            $conn->close();
        }
    }
}

---

因为您的stmt不是数组。您应该在变量中捕获结果集，然后检查if condition.com，因为stmt不是数组。您应该在变量中捕获结果集，然后检查if条件。抱歉，我的错误，那么$stmt将不是数组，它将是整数，因为您正在从数据库返回一个“id”列。Iv更新了我的代码。if语句已被删除，默认情况下替换为else。但它仍然只显示无效的id。编辑答案，现在应该适合您。您还删除了fetch（）调用，这仍然是必需的。我还可以补充一点，那些会话值将很容易被任何有一点点网络知识的人编辑（取决于您存储会话的位置）。我建议建立一个这样的系统只是为了教育目的，而不是将它部署到一个实时网站上。这是为了教育目的。您建议如何存储会话值（当前仅存储在浏览器中）。很抱歉，我的错误是，$stmt将不是数组，它将是整数，因为您正在从数据库返回一个“id”列。Iv更新了我的代码。if语句已被删除，默认情况下替换为else。但它仍然只显示无效的id。编辑答案，现在应该适合您。您还删除了fetch（）调用，这仍然是必需的。我还可以补充一点，那些会话值将很容易被任何有一点点网络知识的人编辑（取决于您存储会话的位置）。我建议建立一个这样的系统只是为了教育目的，而不是将它部署到一个实时网站上。这是为了教育目的。建议如何存储会话值（当前仅存储在浏览器中）。