Php 查询一个MySQL表并将结果插入另一个表

这是我的代码和注释

//Query the good_keywords table & pick one result at random
$result4 = mysqli_query($GLOBALS["___mysqli_ston"], "SELECT * from `good_keywords` ORDER BY RAND() LIMIT 1,1");

while($rows4=mysqli_fetch_array($result4)){ 
$tagline = $rows4['keyword'];
}
if (mysqli_num_rows($result4) > 0) {
/*Insert the one result obtained from the earlier query into `tran_term_taxonomy`.`description` provided that `tran_term_taxonomy`.`description` is empty & `tran_term_taxonomy`.`taxonomy` is 'post_tag'*/
$result2 = mysqli_query($GLOBALS["___mysqli_ston"], "UPDATE `tran_term_taxonomy` SET `description` = '{$tagline}' WHERE `tran_term_taxonomy`.`taxonomy` = 'post_tag' AND `tran_term_taxonomy`.`description` = "" LIMIT 1");

echo $tagline;
 }

我面临的问题是，当我运行此代码时，页面甚至没有加载&没有错误消息。我的代码有什么问题&我该如何修复它

谢谢。

像这样的

UPDATE tran_term_taxonomy x
 CROSS
  JOIN good_keywords y
   SET x.description = y.keyword
 WHERE x.taxonomy = 'post_tag'  
   AND x.description = "" 
 ORDER 
    BY RAND() LIMIT 1,1

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注意：代码的详细程度明显降低，使代码更易于阅读和审核，并且不容易与过时的mysql_查询接口混淆，因为缺少一个i会造成麻烦。使用这种风格：$db=newmysqli…和$db->prepare…过程接口是PHP4时代的产物，不应在新代码中使用。此外，过程接口的错误检查和报告不够严格，这会阻碍调试工作。像这样使用$GLOBALS似乎是一种非常严厉的方法。这只有在你有一个名字完全相同的本地人的情况下才有必要，希望你没有。这也是一个非常尴尬的名称，因为您将经常使用它。警告：当使用mysqli时，您应该使用和，以便将任何数据添加到您的查询中。不要使用字符串插值或串联来完成此操作，因为您已经创建了严重的错误。永远不要将$\u POST、$\u GET或任何类型的数据直接放入查询中，如果有人试图利用您的错误，这可能是非常有害的。提示：您可以使用JOIN子句进行更新，因此这应该可以一次性完成，无需获取/插入。您还养成了用数字命名事物的危险习惯。如果您打算以后使用该数据，可以使用数组，或者在前面的值不再相关时循环使用变量。囤积这样的变量是低效的，PHP无法释放相关的句柄和数据，直到它们超出范围，但替换它们会使它们立即符合发布条件。我似乎无法在PHPMyAdmin中实现这一点。它抛出了以下错误：无法识别的关键字。在位置26的x附近，未识别的关键字。在30号位置接近十字路口，我该如何解决？谢谢。如需进一步帮助，请参阅，并相应地编辑您的问题