如何使用JSON类型头连接PHP

这是我的PHP代码

<?php require_once '../includes/DbOperations.php'; $response = array(); 

if($_SERVER['REQUEST_METHOD']=='POST'){
    if(isset($_POST['username']) and isset($_POST['password']) and isset($_POST['email']))
    {
        //operate the data further 

        $db = new DbOperations(); 

        $result = $db->createUser($_POST['username'],$_POST['password'],$_POST['email']);
        if($result == 1){
            $response['error'] = false; 
            $response['message'] = "User registered successfully";
        }elseif($result == 2){
            $response['error'] = true; 
            $response['message'] = "Some error occurred please try again";          
        }elseif($result == 0){
            $response['error'] = true; 
            $response['message'] = "It seems you are already registered, please choose a different email and username";                     
        }

    }else{
        $response['error'] = true; 
        $response['message'] = "Required fields are missing";
    }
}else{
    $response['error'] = true; 
    $response['message'] = "Invalid Request";
}

echo json_encode($response);
?>

结果

{"error":true,"message":"Required fields are missing"}

---

您的服务器代码需要定期提交

应用程序/x-www-form-urlencoded

值（也称为定期提交后表单），但您的客户端正在

应用程序/json

（json对象）中对数据进行编码。应该是哪一个？客户机和服务器必须相互同意

如果您想使用JSON作为数据编码标准，您的代码应该如下所示：

---

请写下您的发送代码snippets@ASHKARAN我更新了我的帖子，我使用的代码被剪掉了。我从你的答案中学到了一些东西。非常感谢，但是当我使用你的代码时，它在第10行中指出了一些错误，你能帮我解决遗漏的问题吗
致命错误：未捕获错误：无法在C:\AllMyFiles\Features\Database\Program\Xampp\htdocs\Android\v1\registerUser.php中使用stdClass类型的对象作为数组：10堆栈跟踪：#0{main}在第10行的C:\AllMyFiles\featured\Database\Program\Xampp\htdocs\Android\v1\registerUser.php中抛出
我忘记了json_decode默认为您提供对象。因此，无法使用
$input['key']
检索结果
$input
值。我已经将json_decode$assoc标志更改为TRUE，现在一切都应该正常了。或者，您可以通过
$input->key
获得某个键。这两个都可以。谢谢，现在可以了，JSON对象需要使用$input->key，如果我将JSON对象转换为数组，我需要使用$input['key']，谢谢你的时间：D
{"error":true,"message":"Required fields are missing"}