从python文件中公开/导出类而不是模块

我正在探索Python以及如何构造代码

考虑以下项目结构

<project root>/controllers/user_controller.py

从外部导入此文件时，其结果为

import controllers.user_controller

controller_instance = controllers.user_controller.UserController()

作为一名Ruby开发人员，如果控制器文件夹是加载路径的一部分，那么执行

controllers.UserController（）

或者只执行

UserController（）

，感觉更自然，就像在Rails中一样

有没有（干净的）方法可以省略包名？我知道我可以从controllers.user\u controller导入UserController，但我真的不喜欢冗长

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我希望每个类有一个python文件，但我不希望每个类都有一个新模块。

一种方法就是将模块导入父模块。换句话说，假设您有一个这样的目录结构：

mycoolmodule/
mycoolmodule/__init__.py
mycoolmodule/coolclass.py
mycoolmodule/coolutil.py

coolclass.py的代码：

class CoolClass(object):
    ...

class CoolUtil(object):
    ...

coolutil.py的代码：

class CoolClass(object):
    ...

class CoolUtil(object):
    ...

\uuuu init\uuuu.py的代码

from coolclass import CoolClass
from coolutil import CoolUtil

由于您在包级别提供了它们，现在可以直接从那里导入它们。例如，这将起作用：

from mycoolmodule import CoolClass

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您是否反对将controllers.user\u controller导入为ctrl？是的，我认为ctrl.UserController（）读起来不太好。