无法连接到Python发出的QML中的信号

我有一个用Python创建的

QQuickItem

类：

类MyPage（QQuickItem）：
def uuu init uuu（self，parent=None）->None：
super（）。\uuuu init\uuuu（父级）
遇到错误=信号（str）
@QtCore.Slot（QUrl，结果=无）
def load_报告（自身，文件路径：QUrl）->无：
打印（f“用：{file_path}调用”）
遇到self.error\u.emit（“噢！”）

上述类别注册为：

qmlRegisterType（MyPage，“MyPage”，1,0，“MyPage”）

我的QML看起来像：

MyPage {
    signal errorEncountered(string text)
    Component.onCompleted: error_encountered.connect(errorEncountered)
    onErrorEncountered: console.log(text)
}

但是，我得到以下错误：

qrc:/qml/main.qml:93:ReferenceError:error\u遇到的错误未定义

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PySt2连接到QML到源代码的信号模式在Python中有点不同于C++，而且我很难找出它。在C++中，我会有一个信号定义为 ValueError遇到（const qStand和Error Mead）；在我的QML中，我可以简单地执行以下操作：console.log（errorMessage）信号被声明为类的一个属性，也就是说，它们不应该在类的任何方法中创建。解决办法是：

类MyPage（QQuickItem）：
遇到错误=信号（str）#无：
super（）。\uuuu init\uuuu（父级）
@QtCore.Slot（QUrl，结果=无）
def load_报告（自身，文件路径：QUrl）->无：
打印（f“用：{file_path}调用”）
遇到self.error\u.emit（“噢！”）