Python 为什么内置函数类在尝试引用它时抛出NameError？

我不明白为什么在执行的时候

def foo():
    pass

print(type(foo))
print(isinstance(foo, function))

foo = list()

print(type(foo))
print(isinstance(foo, list))

输出是

<class 'function'>
NameError: name 'function' is not defined

<class 'list'>
True

输出是

<class 'function'>
NameError: name 'function' is not defined

<class 'list'>
True

真的

---

当

函数

显然是有效类时，为什么第一次执行会导致

名称错误

？提前感谢。

function是用户定义函数的实现类的名称，但它不是公开的名称（不是任何地方都可以看到的内置名称的一部分）

对于类似的示例，想象一个名为

foomodule.py

的模块，其中包含以下内容：

class Foo:
    pass

def make_foo():
    return Foo()

如果在其他模块中执行此操作：

from foomodule import make_foo

x = make_foo()
print(type(x))

它将告诉您它是一个

foomodule.Foo

。但如果你这样做了：

print(isinstance(x, foomodule.Foo))

您将得到一个

名称错误

，因为您在当前范围内实际上看不到该限定名称；它是存在的，但它并没有在您寻找它的地方“发布”（当前模块的全局范围）

类似地，

函数

类实现了用户定义的函数，但它不是直接发布的

碰巧，您可以在

types

模块上找到它作为

types.FunctionType

发布，但它们以与您相同的方式获得对它的引用；通过定义用户定义的函数并对其调用

type

。该类型在Python级别上没有直接公开，只是为了避免使用

type

从现有函数中提取它

---

内置还有其他例子，例如，

type（None）

是一个名为

NoneType

的类，但访问它的唯一方法是通过

type（None）

；没有理由直接发表。您不能以有用的方式手动创建自己的

NoneType

实例；类似地，用户定义的函数是使用

def

生成的，而不是

函数

构造函数。

请检查此项-您不了解什么？内置名称空间中没有名称

函数

，您也没有在任何地方定义该变量。不过，有一种类型是函数对象的类型。它是公开的，只是不在内置的名称空间中。@juanpa.arrivillaga：这一个几乎不公开，并且只有在所有类都公开的情况下，如果您有权访问它们的实例。我觉得我已经说得相当清楚了（我描述了我所说的“不暴露”的意思，并向你展示了如何接触到它）。