从zip存档中提取单个文件，而无需在Python中迭代整个名称列表

我有一个包含文件夹的zip文件，如下所示：

some.zip/
    some_folder/
         some.xml
         ...

    def get_xml(zip_file):
        for filename in zip_file.namelist():
            if filename.endswith('some.xml'):
                return zip_file.open(filename)

我正在使用图书馆。 我只想打开some.xml文件，但我现在不想打开some\u文件夹的名称。 我的解决方案如下所示：

some.zip/
    some_folder/
         some.xml
         ...

    def get_xml(zip_file):
        for filename in zip_file.namelist():
            if filename.endswith('some.xml'):
                return zip_file.open(filename)

---

我想知道除了扫描整个列表之外，是否还有更好的解决方案。

这将打印

test.zip文件中的目录列表：

from zipfile import ZipFile


with ZipFile('test.zip', 'r') as f:
    directories = [item for item in f.namelist() if item.endswith('/')]
    print directories

如果您知道其中只有一个目录，只需使用第一项：
目录[0]

希望对您有所帮助。
您想获取包含
一些.xml的目录吗

import os
import zipfile

with zipfile.ZipFile('a.zip', 'r') as zf:
    for name in zf.namelist():
        if os.path.basename(name) == 'some.xml':
            print os.path.dirname(name)

我正在考虑使用ZipFile.namelist（），但我不想遍历整个列表；只有列出所有文件名，才能检测到使用的文件夹名。没有以斜杠结尾的条目。曾经因为没有目录项。@MartijnPieters这不是真的
ZipFile
还公开目录项。对于包含文件
x/y
和
x/z/w
的ZIP，表达式
[i.filename For i in z.infolist（）]
的计算结果为
['x/'，'x/y'，'x/z/'，'x/z/w']
@MartijnPieters我在发布代码之前已经测试过代码-它是有效的。你是对的，我是错的。我有罪。拉链规格是。。问题不清楚，文件夹条目确实存在。