Typescript 在编译时获取泛型的名称 问题:

有没有办法做到这一点：

type-Example={[nameof T]：T}
^^^^^^

例如：

// Structure:
// User -- UserRole -- Role

// User object:
const user = User.find(...)
user.role[0].UserRole // <-- This object is based on the name of the Table

类MyClass{}
//所以它看起来像（在编译时）：
示例={'MyClass'：MyClass}

动机 我之所以要这样做，是因为我正在使用Sequelize，Sequelize在处理多对多关系时会自动创建对交叉表的引用。例如：

// Structure:
// User -- UserRole -- Role

// User object:
const user = User.find(...)
user.role[0].UserRole // <-- This object is based on the name of the Table

//结构：
//用户--用户角色--角色
//用户对象：
const user=user.find（…）
user.role[0].UserRole//TL；医生：不，没有好办法


在您的示例中，名为
MyClass
的类型是提供给
MyClass
实例的接口。由于您的示例代码没有定义属性或方法，因此它是空对象类型
{}
MyClass
没有“name”属性。因此，无法编写
示例
并让编译器从中生成
{MyClass:MyClass}


您可能希望编译器可以查看名称
MyClass
，并将其转换为
“MyClass”
，但TS类型系统不是这样工作的。TypeScript的类型系统是，而不是。如果TypeScript中的两种类型具有相同的结构（相同类型的属性和方法），则它们是相同的类型。另一方面，仅仅因为TypeScript中的两种类型被不同的名称引用或具有不同的声明，并不意味着它们是不同的类型：

不幸的是，这也不能真正做到这一点。编译器仅将
MyClass
构造函数的
name
属性视为
string
类型：

const myClassName = MyClass.name; // string

所以
示例
就是
{[k:string]：MyClass}
；还不够好

有一个公开的问题，要求编译器为具有已知名称的函数（如类构造函数）提供字符串literal
name
属性，但这似乎不会发生（特别是因为如果缩小代码，则
name
属性可能不是您所期望的）

您可以尝试为
MyClass
提供
静态名称
属性，但编译器也不喜欢这样，您需要使用
/@ts ignore
抑制警告：

class MyClass {
    //@ts-ignore 
    declare static readonly name: "MyClass";
}

在
示例
是
{MyClass:MyClass}
的情况下，这个“工作”很有效，但它很难看，不可伸缩


不幸的是，我会说“不，这里没有什么好东西”

我担心会是这样：（。我可能需要研究反射库和其他形式的预处理。
const myClassName = MyClass.name; // string

class MyClass {
    //@ts-ignore 
    declare static readonly name: "MyClass";
}