使用Android获取url

我正在尝试获取为打开应用程序而单击的URL。我只是很难找到我能从哪里得到这些信息。我有一个清单，点击时打开应用程序。链接将是“”，我正试图将其交给要处理的应用程序

 <intent-filter>
           <data android:scheme="http"
                android:host="host.com" 
                android:pathPrefix="/file.html" />
          <action android:name="android.intent.action.VIEW" />
          <category android:name="android.intent.category.BROWSABLE" />
          <category android:name="android.intent.category.DEFAULT" />
 </intent-filter>

---

您应该能够通过以下方式获得活动中的意图数据：

Uri uri = this.getIntent().getData();
URL url = new URL(uri.getScheme(), uri.getHost(), uri.getPath());

---

你必须用try/catch来包围

基本上，一旦获得Uri（即，

getIntent（）.getData（）

），就可以将完整的url读取为

Uri.toString（）

。假设您的

android:host

有效并已设置，您还可以通过调用

uri.getEncodedQuery（）

来获取实际的查询数据

如果需要，以下是工作示例中的更多详细信息：

这是我的清单设置：

假设用户单击了url“”

uri.toString（）

products“”，并且

uri.getEncodedQuery（）

products“ll=43.455095,44.177416”

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希望有帮助

我将当前的OnCreate方法添加到顶部。但似乎仍然不起作用。我的onCreate方法似乎没有被调用，据我所知，它将在系统调用onCreate时被调用，并通过重写它重定向到我创建的onCreate。

Uri uri = this.getIntent().getData();
URL url = new URL(uri.getScheme(), uri.getHost(), uri.getPath());

Uri uri = this.getIntent().getData();
    try
    {
        URL url = new URL(uri.getScheme(), uri.getHost(), uri.getPath());
    }
    catch (MalformedURLException e)
    {

    }      

            <intent-filter>
                <action android:name="android.intent.action.VIEW" />
                <category android:name="android.intent.category.DEFAULT" />
                <category android:name="android.intent.category.BROWSABLE" />
                <data
                    android:host="boo.acme.com"
                    android:scheme="http" />
            </intent-filter>

Uri uri = this.getIntent().getData();