C++ 返回函数指针的函数指针

我想声明一个类型为pointer to function的变量，返回指向函数的指针。基本上是以下功能，但没有任何

typedef

s：

typedef void (*func)();
typedef func (*funky_func)();

funky_func ptr;

我尝试了以下方法

(void (*)()) (*ptr)();

但它给出了一个“未声明的标识符”——ptr的错误（可能是由于完全不同的解析）。不精通解析C++的复杂，我想知道这是不是可能的，如果是的话，怎么做。

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< P>（请考虑这是一个完全人为的场景，出于好奇，没有任何实际的理由。我完全知道，在实践中，代码< TyPufFS是使用此处的方法，如果使用函数指针。）< /P> < P> >您可以查看<代码>信号（）/<代码>，这是一个使用<代码>空隙（*）（）的函数。并返回其中一个。变量

ptr

可以这样声明：

void (*(*ptr)())()

这个符号有点笨拙，而且明显是由内而外的。使用尾部返回类型可能更容易：

auto (*ptr)() -> void (*)()

。。。当然，也可以一直使用尾部返回类型：

auto (*ptr)() -> auto (*)() -> void

C（和C++）声明的一般规则是：如果将声明作为表达式键入，它将具有声明的类型

所以，您需要一个指向函数的指针，它返回指向返回void的函数的指针

假设我们有这样一个指针，

ptr

。如何从中获得

void

取消引用

ptr

，获取函数返回指针，指向返回void的函数：

*ptr

调用函数，获取返回void的函数指针：

（*ptr）（

取消引用该指针，得到一个返回void的函数：

*（*ptr）（

调用该函数，得到void:

（*（*ptr）（）（）（

现在把它变成一个声明：

void (*(*ptr)())();

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另外，我知道其他人在这段时间内已经回答了（我已经投了更高的票）。但是我想展示到达声明表单的通用过程。

啊，非常感谢，这是一个很好的跟踪返回类型的用例。

我想展示到达声明表单的通用过程。

——这是一个很好的方法，我可以很快从您的答案中领会。谢谢