C++ 为什么返回和不返回的std:：函数是可转换的？

为什么这样做有效

std::function<int(int)> ret_func = [](int x) { return x; };
std::function<std::string(int)> ret_func1 = [](int x) { return std::to_string(x); };
std::function<void(int)> func = ret_func;
std::function<void(int)> func1 = ret_func1;

std:：function ret_func=[]（int x）{return x；}；
std:：function ret_func1=[]（int x）{return std:：to_string（x）；}；
std:：function func=ret_func；
std:：function func1=ret_func1；

因为

std:：function

中的functor被类型擦除？此强制转换在任何类型的函数之间都不起作用；例如，如果您更改参数并尝试分配给另一个

std:：function

，为什么这不起作用？因为返回值不会更改函子的类型，但参数会更改

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不要将其视为铸造，而应将其视为

std:：function

作为值分配给

std:：function

std:：function

可以分配任何类似object

fun

的函数，这些函数可以像

static\u cast（fun（v））

（

v

是一个

int

）

std:：function

很容易满足该标准，因为您可以：

void foo（std:：function fun）{
乐趣（12）；
}

因此，

std:：function

必须可分配给

std:：function

。就这些

库如何实现这一点并不重要。它只是为了履行API合同

免责声明：这有点过于简单。该标准实际上对

std:：function

->

std:：function

赋值有一些规定，比如移动构造和处理未赋值的

std:：functions

s。然而，这个答案中概述的语义原则仍然可以作为一种解释

根据要求，本标准的相关部分包括：

[func.wrap]

模板函数（F）； 约束：对于参数类型ArgTypes，F是可调用的左值（[func.wrap.func]）。。。和返回类型R

如果被视为未赋值操作数的表达式调用（declval（），declval（）…）格式良好（[func.require]），则可调用类型F对于参数类型ArgTypes和返回类型R是左值可调用的

[功能要求]

定义调用（f，t 1. T 2. ，…，t N )作为静态广播（调用（f，t 1. T 2. ，…，t N ))如果R是cv void，则调用（f，t 1. T 2. ，…，t N )隐式转换为R

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因此，由于

std:：function

对于

void（int）

是可调用的左值，因此它是一个有效值。现在，在实践中，由于其他构造函数/赋值运算符将截取它，这实际上并没有起作用，但语义仍然存在。

std:：function

不需要精确的签名，但“兼容”，

int

/

std:：string

可以更准确地转换为

void

，

std:function

可以调用任何接受

params

并返回任何内容的函数，

std:function

将简单地忽略函数返回的内容，并将自身返回

void

（无）你有没有可能拥有标准的

std:：function

assignment部分？@kreuzerkrieg用我认为相关的部分来回答这个问题。

void foo(std::function<int(int)> fun) {
  fun(12);
}