C++ 操作溢出不工作c++；

我构建了一个类映射有理数，我想通过标量运算溢出实现乘法，类似于：

Rational &operator*(Rational const& a, double lambda)
{
    Rational r(a._num * lambda, a._den);
}

其中，

\u num

和

\u den

是有理数的分子和分母

---

当我运行

cout时，您不会从该函数返回任何内容。
并且您不能返回对局部变量的引用，因此您可能应该将返回类型更改为
Rational
（删除
&
）

此外，它被称为“操作符重载”
Rational&
——您返回对临时（未定义的行为）的引用，但未能返回它。你需要：

Rational operator*(Rational const& a, double lambda) {
    return Rational(a._num * lambda, a._den);
}

我还建议您注意编译器警告。您最初使用的代码应该在适当的编译器上调用多个。
运算符*（）
需要返回一个值。你的不是

调用方试图使用不返回返回值的函数的返回值会导致未定义的行为

此外，函数还返回一个引用。这可能不是个好主意

你可能想做一些类似的事情

Rational operator*(Rational const& a, double lambda)
{
    Rational r(a._num * lambda, a._den);
    return r;
}

请注意，返回类型是一个
Rational
，而不是一个引用。它返回
r
的值

这假设您已经实现了用于创建
r
的构造函数，并且它可以按预期工作。您没有提供任何信息来证实或否认该假设。
您如何存储
Rational
？什么类型的代码是< > > NUM < /代码>和<代码>？在本例中，它是2和13，例如：（a）在启用增强警告的情况下编译（尽可能高），然后（b）修复标记的内容。至少有一个问题是显而易见的。好吧，似乎我没有完全理解这个概念，我现在明白了，没有引用，只有实际的变量。谢谢！当返回引用或指针时，您希望确保在退出该作用域时不会破坏您要返回的内容。因此，当您实现像
operator*=
这样的操作符时，这就是修改左侧并返回它，因此通常通过引用返回。干杯