C++ 为什么非限定模板函数是'；不带尖括号的s实例可以'；你不是班上的朋友吗？

这是我的密码：

#include<iostream>

class foo;
template<typename T> void bar(T a) { std::cout<< a.var; }

class foo { 
    int var;
    public: 
      friend void bar(foo); //here, bar function template is declared in global namescope,
      // deduction can deduce which template instance we're talking about. 
      //Note: If I place <> just after name bar or qualify bar like ::bar , it all works then.
};

int main() {
    foo fooo;
    bar(fooo);
}

#包括
foo类；
模板void bar（ta）{std:：cout您正在使非模板函数成为朋友。您需要告诉编译器您希望使模板成为朋友或其中一个实例。
我不同意您的意见，请尝试运行相同的程序，包括仅限定
bar
而不使用（）在MSVS中，它可以正常运行。类中的友元声明声明了一个名为bar（）的非模板函数，并将一个foo对象作为参数。这与声明（和定义）的函数模板无关这是函数模板的重载，当参数类型完全匹配时，最好使用它它不可能是一个声明，而且显然找到了函数模板。不过有两件不同的事情。@Mr.Anubis:我不知道该代码到底应该证明什么或反驳什么，但这是您需要查看的代码。@DietmarKühl现在您的评论对我有意义了。谢谢：）