C++ 确定代码的运行时间
我今天已经编写了以下dp代码,它工作得很好,因为它在提交时获得了一些分数()。但是,我无法确定代码的运行时间。我觉得它是C++ 确定代码的运行时间,c++,dynamic-programming,asymptotic-complexity,C++,Dynamic Programming,Asymptotic Complexity,我今天已经编写了以下dp代码,它工作得很好,因为它在提交时获得了一些分数()。但是,我无法确定代码的运行时间。我觉得它是O(n^2*logd),但我无法证明它 class Solution { public: unordered_map<string, bool> m; bool wordBreak(string s, unordered_set<string>& wordDict) { int n = s.length();
O(n^2*logd)
,但我无法证明它
class Solution {
public:
unordered_map<string, bool> m;
bool wordBreak(string s, unordered_set<string>& wordDict) {
int n = s.length();
string t = "";
for(int i=0;i<n;i++){
t += s.at(i);
//cout << t << endl;
if(wordDict.find(t) != wordDict.end()){
m[t] = true;
string x = "";
for(int j=i+1;j<n;j++){
x += s.at(j);
}
if(x == ""){
return true;
}
if(m.find(x) != m.end()){
if(m[x] == true){
return true;
}else{
continue;
}
}else{
if(wordBreak(x, wordDict)){
m[x] = true;
return true;
}else{
//cout << x << endl;
m[x] = false;
continue;
}
}
}else{
//m[t] = false;
}
}
return false;
}
};
类解决方案{
公众:
无序地图m;
布尔断字(字符串s、无序集和wordDict){
int n=s.长度();
字符串t=“”;
对于(int i=0;i首先,我将重写如下(未测试):
类解决方案{
公众:
无序地图m;
布尔断字(字符串s、无序集和wordDict)
{
而(!s.empty())
{
int n=s.size();
对于(int i=0;i它似乎有O(n*n)
复杂性。你使用记忆,你的算法的每一步都在m
中产生至少1个新值。任何字符串中都有n*n/2
子字符串,所以在最坏的情况下,你会找到包含n*n/2段的整个字符串的解决方案
PS:考虑无序的映射图与<代码> O(1)< /代码> ./P>
编辑:
在你的情况下,用On(n)来考虑无序的映射是比较合适的。<代码> M.Debug 将需要为它的参数计算哈希值,即字符串。如果存储索引而不是字符串本身,它可能工作得更快。
< P>这里是我是如何解决的。
bool wordBreak(string s, unordered_set<string>& wordDict) {
if (s.empty()) return true;
vector<bool> dp(s.size(), false);
for (int i = 0; i < dp.size(); ++i)
{
for (int j = i; j >= 0; --j)
{
if (wordDict.find(s.substr(j, i - j + 1)) != wordDict.end() &&
(j == 0 || dp[j - 1]))
{
dp[i] = true;
break;
}
}
}
return dp.back();
}
bool断字(字符串s、无序集和wordDict){
如果(s.empty())返回true;
向量dp(s.size(),false);
对于(int i=0;i=0;--j)
{
if(wordDict.find(s.substr(j,i-j+1))!=wordDict.end()&&
(j==0 | | dp[j-1]))
{
dp[i]=真;
打破
}
}
}
返回dp.back();
}
衡量这一点通常包括检测代码或计数器,以查看您在代码中执行特定操作的次数(迭代、比较等)使用不同的N
,D
等值,并将结果绘制在结果图中,或者使用不同的N
和D
值测量执行所需的时间。此外O(x)
给出了“主导x
”,因此,除非logd
非常大,而N很小,n2
将占主导地位,因此该值为O(N^2)
,即使存在,也会涉及*logd
。s.substr(0,i)
-此操作是O(i)
,您可以为所有0执行此操作
bool wordBreak(string s, unordered_set<string>& wordDict) {
if (s.empty()) return true;
vector<bool> dp(s.size(), false);
for (int i = 0; i < dp.size(); ++i)
{
for (int j = i; j >= 0; --j)
{
if (wordDict.find(s.substr(j, i - j + 1)) != wordDict.end() &&
(j == 0 || dp[j - 1]))
{
dp[i] = true;
break;
}
}
}
return dp.back();
}