Warning: file_get_contents(/data/phpspider/zhask/data//catemap/1/php/292.json): failed to open stream: No such file or directory in /data/phpspider/zhask/libs/function.php on line 167

Warning: Invalid argument supplied for foreach() in /data/phpspider/zhask/libs/tag.function.php on line 1116

Notice: Undefined index: in /data/phpspider/zhask/libs/function.php on line 180

Warning: array_chunk() expects parameter 1 to be array, null given in /data/phpspider/zhask/libs/function.php on line 181
Javascript 引导,在url中显示data toggle=“tab”_Javascript_Php_Twitter Bootstrap - Fatal编程技术网

Javascript 引导,在url中显示data toggle=“tab”

Javascript 引导,在url中显示data toggle=“tab”,javascript,php,twitter-bootstrap,Javascript,Php,Twitter Bootstrap,这些选项卡可以显示在url中吗?所以我可以这样做: <div class="clearfix"> <ul class="section-categories"> <li><a href="#all_games" data-toggle="tab">All</a></li> <li><a href="#a" data-toggle="tab">a</a></li> <li&

这些选项卡可以显示在url中吗?所以我可以这样做:

<div class="clearfix">
<ul class="section-categories">
<li><a href="#all_games" data-toggle="tab">All</a></li>
<li><a href="#a" data-toggle="tab">a</a></li>
<li><a href="#b" data-toggle="tab">b</a></li>
<li><a href="#c" data-toggle="tab">c</a></li>
</ul>
</div>
现在bootsrap阻止它在url中显示,跟随了几个指南,我跟随的一些指南在url中显示了它,但是$\u GET变量仍然无法从中获取它: 我在javascript方面没有经验,所以我希望你能简单地给我解释一下
我也希望有人能帮我

URL参数中有很多字符是不允许使用的,因为它们在URL中有特殊含义。这个角色就是其中之一。您需要做的是对参数的值进行编码。因此,这应该是可行的:

<li><a href="index.php?Like=#a" data-toggle="tab">a</a></li>
$tab_like = $_GET['Like'];
$tab_content::find_by_first_letter($tab_like);

或者任何变体。

是的,我只是快速键入这个,让你们知道我要做什么,最大的问题是它没有显示在url中,所以我不能做$\u上车你是认真的吗?所以,给我们没有快速键入错误的代码。大多数是复制人。。。我的问题是如何在URL中显示选项卡如果您认为您的代码是正确的,请再次阅读我的答案,并思考:这真的是我问题的原因吗?。然后再想想。我已经试过你的解决方案了,但是它是编码的,所以标签不起作用了。。。
<?php

echo '<li><a href="index.php?Like='.urlencode('#a')." data-toggle="tab">a</a></li>';

?>