Javascript 为什么可以'；我不能在ajax中使用POST方法获取参数吗？

下面是我尝试使用ajax的内容：

var x="";
var xxx= setTimeout(myFunc, 7000);
function myFunc(){
    x=document.forms["form1"]["image"].value;
    if(x!=""){
    var xhttp= new XMLHttpRequest();
    xhttp.onreadystatechange=function(){
    if(xhttp.readyState==4 && xhttp.status==200){
        var z= xhttp.responseText;
        alert(z);
        }
    };
       xhttp.open("POST", "test.php", true);
       xhttp.setRequestHeader("Content-type", "application/x-www-form-urlencoded");
       xhttp.send("url="+x);
    }
}

下面是test.php:

<?php
$a= $_POST["url"];
echo $a;
?>

---

但是警报（z）显示一些HTML文档，而不是URL。我做错了什么？如何更正它并从ajax获取参数？

将以下更正放在js部件和

test.php

文件中：

• js部分：

  ...
  var params = "url="+ encodeURIComponenet(x);
  xhttp.open("POST", "test.php", true);
  xhttp.setRequestHeader("Content-Type", "application/x-www-form-urlencoded");
  xhttp.setRequestHeader("Content-length", params.length);
  xhttp.send(params);
  

• test.php

  <?php
      if (isset($_POST["url"]) && !empty($_POST["url"])) {
          $a = $_POST["url"];
          echo $a;
      }
  
  ?>
  

---

您得到的“一些HTML文档”是什么？它具体显示了什么？也许这是一条html格式的错误消息……顺便说一句，我建议您使用Javascript库来克服Ajax浏览器特有的问题。类似jQuery或dojo的东西。是的，这是一条错误消息。我试着把它通读一遍。我在test.php中写了一些错误，我没有在这里详细发布。