Javascript Concat然后删除Gulp中的源文件

刚开始吞咽，使用v4（alpha），边学边用。我正在考虑一个优化的构建过程，我希望在一个步骤中连接文件（

gulpconcat

）并删除（

del

）源文件。（我的生成过程将文件从

源

位置复制到

生成

目标，然后仅对那里的文件有效，而不是直接对

源

文件有效（作为实践）。一旦我

concat

这些文件，我就不希望它们出现在

构建中，我希望
del
之后再删除它们。仅供参考，
dest
变量只根据运行时设置的标志指向构建文件夹（
/build/
用于开发构建，而
/dist/
用于部署构建。）

如果我错了，请纠正我，但在管道中的这一点上，我丢失了对“源”文件的引用，管道中只有
composed.js
文件。我可以
gulp.dest（）
并保存它，但据我所知，它创建了一个
writeStream
，我无法继续下一个
管道（）
，对吗？最重要的是，
del
插件似乎不会返回流，因此我不确定是否可以在管道中使用它，但我只想确保它只在我完成连接后运行。
在处理脚本之前将脚本复制到目标文件夹中有什么特殊原因吗？特别是如果你想删除它们我喜欢gulp的一个原因是，你不必在99%的时间里创建临时文件：获取你的源代码，应用一些转换，然后将它们写入目的地。我想只要我知道将要连接的脚本可以从复制过程中省略，我就可以将它们保留在S中我只需要在我的配置文件中定义一个glob模式来指定文件的顺序，然后看看在将样式从src复制到构建时是否可以使用相同的glob，否定。是否有特定的原因将脚本复制到目标文件夹中我喜欢gulp的原因之一是你不必99%的时间都创建临时文件：获取你的源代码，应用一些转换，然后将它们写入目标。我想只要我知道要连接的脚本就可以省略在复制过程中，我可以将它们保留在SRC中，这样以后就不必从构建中删除它们。我只需要在配置文件中定义一个glob模式，指定文件的顺序，然后看看在将样式从SRC复制到构建时是否可以使用相同的glob，否定。
gulp.src(dest + 'assets/scripts/**/*.js')
  .pipe(gulp.concat('combined.js')
  // ??? (stuck here)