Javascript 我能'；t将json对象从我的php传递到我的jquery

我试图将一个json对象从test.php传递到index.html中的jquery，但我做不到。 下面是我的test.php脚本：

<?php
if(isset($_POST["view"]))
{
  $output .= '
  <li><a href="#" class="text-bold text-italic">No Notification Found</a></li>
  ';
  $total_row=2;

 $data = array(
   'notification'   => $output,
   'unseen_notification' => $total_row
  );


 echo json_encode($data);
}
?>

---

在PHP中，您需要从服务器中输入标题响应，以便浏览器知道它在响应中得到了什么（请参见：，）：

• 成功

  -请求成功时调用的函数。 参数：

  （任何数据、字符串textStatus、jqXHR、jqXHR）

• complete

  -当请求完成时（在执行成功和错误回调后）调用的函数。 参数：

  （jqXHR jqXHR，字符串textStatus）

文件：

如果要使用

完成

，则可以通过

jqXHR对象

访问数据（请参阅：）：

当然，如果有必要，可以组合不同的事件处理程序

调试时请使用控制台日志（数据）而不是警报（数据）并在浏览器中查看日志。例如，对于Google Chorme（F12，选项卡：Logs）：

我在data.responseText中添加了$.trim（），最后它开始工作了（我不知道为什么：）

---

谢谢大家的帮助

在PHP脚本顶部设置内容类型标题也是个好主意：

<?php
header("Content-Type: application/json");

---

你的js
success
方法在哪里？？顺便说一下，
complete
没有收到数据。（而且，没有JSON对象）成功：函数（数据）警报（data.notification）；未执行我通过“var data1=JSON.stringify（data）；alert（data1）；”更改了此指令“alert（data.notification）”；并且警报显示{“readyState”：4，“responseText”：“？“{”notification\：“
未找到通知“，\”未看到的通知“：2}”，“status”：200，“statusText”：“OK”}@devattitude，检查，返回键所使用的对象：
success:function（data）{console.log（data）；}
或：
complete:function（jqXHR）{if（typeof jqXHR.responseJSON！='undefined'）{console.log（jqXHR.responseJSON）；}
@barth thx再次查看下面的我的答案。第一种情况是它无法访问console.log。。InstructionOON和第二种情况：undefined Uncaught TypeError:无法在XMLHttpRequest的z（jquery-2.2.1.min.js:4）处读取Object.fireWith（jquery-2.2.1.min.js:2）处的i（jquery-2.2.1.min.js:2）处未定义的Object.complete（（索引）：1235）处的属性“通知”。（jquery-2.2.1.min.js:4）@devattitude我不能对你的答案发表评论，我没有这个权利。您需要检查PHP是否返回正确的数据。有必要使用从PHP接收到的所有键准确地检查
数据
，而不是
数据.notification
；var test=JSON.parse（data.responseText）；这里是控制台输出：{“通知”：“\n
未找到通知”\n”，“未看到的通知”：2}VM42926:1未捕获的语法错误：JSON中的意外标记位于JSON的位置0处，JSON中位于Object.complete的JSON.parse（）处（（索引）：1235），位于i处（jquery-2.2.1.min.js:2），位于Object.fireWith（jquery-2.2.1.min.js:2），位于z处（jquery-2.2.1.min.js:4）在XMLHttpRequest上。（jquery-2.2.1.min.js:4）@Dygnus，感谢您添加了关于标题的内容。为了完全完成，我在答案中添加了您的添加内容。@devattitude，设置标题，您可以使用
data.responseText
而不是
JSON.parse（$.trim（data.responseText））
。
<?php
    header("Content-Type: application/json");

$.ajax({
    url: "test.php",
    method: "POST",
    data: {
        view: 10
    },
    dataType: "json",
    success: function(data) {
        alert(data.notification);
    }
});

complete: function(jqXHR) {
    if (typeof jqXHR.responseJSON !== 'undefined') {
        alert(jqXHR.responseJSON.notification);
    }
}

var obj = JSON.parse($.trim(data.responseText));
$('.dropdown-menu').html(obj.notification);

<?php
header("Content-Type: application/json");