Javascript 简单jquery ajax和php

我只需要在jquery和php文件之间发送和接收数据，但不起作用

Jquery代码：

var parametros = {
            "url" : url
    };

$.ajax({
    type: "POST",
    data: parametros,
    url: 'file.php',

    success: function(data) {
        var res = jQuery.parseJSON(data);
        alert(data);
    },
    error: function(e) {
        alert("error");
    }
});

Php文件：

<?php 
$other = "other";
$resultado['url'] = $_POST['url']; 
$resultado['other'] = $other;

echo json_encode($resultado);

?>

我尝试删除“var res=jQuery.parseJSON（data）；”行，工作正常，这是我的问题吗

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在本例中，警报（数据）包含所有带有php标记的php文件。

因为您在响应中得到了php代码，所以php代码没有执行，您的Web服务器将其作为纯文本发送出去。您必须找出原因（例如，它在一个.html文件中，而不是.php文件中）。php脚本没有被激活，而您只是得到了该文件。这可能意味着您的主机未配置为激活php，因此此请求与任何其他文件请求（例如与.html文件相同）一样处理。parseJSON中的异常被抛出，因为您没有向它传递有效的json字符串，您是passind php脚本，如果因为在chrome扩展中执行此代码，那么如何提取变量呢？parseJSON在此代码中不起作用。这个代码正确吗？jquery代码是js文件。因为您在响应中得到了php代码，所以php代码没有执行，您的Web服务器将其作为纯文本发送出去。您必须找出原因（例如，它在一个.html文件中，而不是.php文件中）。php脚本没有被激活，而您只是得到了该文件。这可能意味着您的主机未配置为激活php，因此此请求与任何其他文件请求（例如与.html文件相同）一样处理。parseJSON中的异常被抛出，因为您没有向它传递有效的json字符串，您是passind php脚本，如果因为在chrome扩展中执行此代码，那么如何提取变量呢？parseJSON在此代码中不起作用。这个代码正确吗？jquery代码是js文件。