Jquery JSON返回[对象]

我试图从指定的URL返回JSON数据，但当警报弹出时，它只显示[object object]（我意识到object实际上不是错误）我想在警报中吐出职位名称和其他字段。我该怎么做

下面是我正在查看的JSON示例（完整文件大约有30条帖子）

这是我正在使用的脚本

 $.ajax({
 type: "GET",
 url: '/wp-content/themes/twentyeleven/js/jobopenings.json',
 async: false,
 beforeSend: function(x) {
  if(x && x.overrideMimeType) {
   x.overrideMimeType("application/j-son;charset=UTF-8");
  }
 },
dataType: "json",
success: function(data){
alert(data);
}
});

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非常感谢您的帮助。

您可以随时将对象转换为字符串并发出警告

alert(JSON.stringify(data));

---

当jQuery收到json时，jQuery会自动将其转换为javascript对象。因此，

数据

只包含准备使用的对象。 如果要访问响应的原始文本，可以执行以下操作：

success: function(data, textStatus, jqXHR){
    alert(jqXHR.responseText);
}

试试这个：

success: function(data)
{
  var _len = data.length;
  , post, i;

  for (i = 0; i < _len; i++) {
    //debugger
    post = data[i];
    alert("m_positionName is "+ post. m_positionName);
  }
}

成功：函数（数据）
{
var_len=data.length；
，post，i；
对于（i=0；i<\u len；i++）{
//调试器
post=数据[i]；
警报（“m_positionName为”+post.m_positionName）；
}
}

使用

console.log

而不是

警报

。它确实会吐出对象中的数据，但我想明确地将m_描述字段吐出到一些html中，比如一个liThis确实会吐出原始文本，但我想吐出

m_位置名称

、

m_描述

和其他我们正在烹饪的雪。这吐出了每一个位置谢谢！现在，如果我想把这些数据附加到身体上，而不是提醒它，我会写什么呢。我想出了这个，但它不起作用<代码>（“

”+“m_positionName是“+post.m_positionName+”

”）。附录（'body'）@user1324700

success:function（data）{var\u len=data.length；，$span=$（''），post，i；for（i=0；i<\u len；i++）{//debugger post=data[i]；$span.html（“m_positionName是“+post.m_positionName”）。appendTo（'body'）；alert（“m_positionName是”+post.m_positionName）；}

success: function(data)
{
  var _len = data.length;
  , post, i;

  for (i = 0; i < _len; i++) {
    //debugger
    post = data[i];
    alert("m_positionName is "+ post. m_positionName);
  }
}