在laravel中使用整个视图渲染对象

Il laravel当您被告知渲染某些数据时，会向您解释应该将数据从控制器发送到视图

Route::get('/', function()
   $posts = MyRep::giveMeAllPosts();
   return View::make('listing', $posts);
});

有鉴于此

@foreach($posts as $post)
    <li>{{ $post->title }} - {{ $post->published_at }}</li>
@endforeach

是否有任何方法可以使对象（例如模型、模型视图或其他类型）呈现整个视图

诸如此类：

<!-- View stored in resources/views/greeting.php -->
 @foreach($posts as $post)
        {{ $post->presenter('listing')->render()}}
    @endforeach

其中每个项目的视图在其他视图中定义

<!-- View stored in resources/views/listing.php -->
<li>{{ $post->title }} - {{ $post->published_at }}</li>

---

这样：列表的视图将与项目视图解耦

您不能只使用include吗

@foreach($posts as $post)
    @include('listing')
@endforeach

它将使用您的视图：

<!-- View stored in resources/views/listing.php -->
<li>{{ $post->title }} - {{ $post->published_at }}</li>

在您的模型中，您将执行以下操作：

public function render($what)
{
    $data = $this->produceListinData($what);

    return View::render($data->viewName, compact('data'));
}

当然，最好像您那样使用视图演示器，但您可能需要安装一个软件包来帮助您，或者创建自己的。这是我使用的一个：

编辑：

---

无论如何，我100%同意你关于从模型访问视图的评论。在这种情况下，一个很好的设计解决方案是创建一个渲染服务和一个存储库，通过存储库使用渲染服务，您的模型将永远不必知道视图的存在。

您的示例将起作用，但它不会将两个Viwe解耦。假设我的帖子是一辆汽车，根据它的品牌名称，它有不同的观点：ford.blade.php、mercedes.blade.tpl。选择我要包含的视图的逻辑必须在视图之外，明白了吗。编辑以提供一种在模型、存储库或服务中执行此操作的方法…从模型中访问视图听起来有点奇怪。是吗？是的，我同意。编辑以解释我对此的看法。

public function render($what)
{
    $data = $this->produceListinData($what);

    return View::render($data->viewName, compact('data'));
}