通过php向站点发送数据以获取Json

我遇到了一个问题，问题是我用jquery读取json文件，它工作得很好，但现在我必须让它用php读取，但问题是我使用了一些数据来获取json的以下部分：

dataString = "id=" + id + "&todos=" + false;
$.ajax({
type: "POST",
url: "http://www.url.com/example",
data: dataString,
dataType: "json",

success: function( data, textStatus, jqXHR) {

这样我就没有问题了，因为我把数据发送到网站上，这样它就可以给我想要的信息，但是我不知道如何在php中实现它，我正在尝试

$str = file_get_contents('http://www.url.com/example.json');
$json = json_decode($str, true); 
var_dump($str);

但当然，由于我没有发送数据，网站不会返回任何信息

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我希望有办法。谢谢

如果第一个不存在且无法启用（非常罕见的情况），则应使用

curl

或

fsockopen

下面是如何使用

curl

<?php
$ch = curl_init($url);
curl_setopt($ch, CURLOPT_RETURNTRANSFER, true);
curl_setopt($ch, CURLOPT_POST, true);
curl_setopt($ch, CURLOPT_POSTFIELDS, array(
    'id' => $id,
    'todos' => false
));
$json = json_decode( curl_exec($ch) );

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乔纳森·库恩是对的

下面是一个使用stream\u context\u create的示例：

<?php

$str = file_get_contents('http://www.url.com/example', false, stream_context_create(
                        array('http' => 
                            array('method' => 'POST',
                                'header' => 'Content-type: application/x-www-form-urlencoded',
                                'content' => 'id=idVal&todos=false'))));
?>

由于您将数据与ajax请求一起发布，因此需要使用来构建一个上下文，以更改发布和发送数据的方法。也就是说，如果您想使用file\u get\u内容。或者你可以使用curl，但最终会得到相同的结果。我不建议使用这种方法，因为在服务器上禁用

allow\u url\u fopen

被认为是一种良好的安全实践。然而，这教会了我如何创建

流\u上下文

，因此谢谢你：P