'；从不使用别名'；我的PHP文件中的PHPStorm错误消息

我按照安装说明安装PHP RAML解析器

我运行了

composer install

并创建了下面的

index.php

，但它不工作，我得到一个错误：

在第83行的/cygdrive/c/src/myapp/Raml/Parser.php中找不到类“Raml\ParseConfiguration”

当我将鼠标悬停在行

use\Raml\Parser

上时，会收到PHPStorm警告消息（别名从未使用）

My

index.php

：

<?php
require ('Raml/Parser.php');
use \Raml\Parser; // Alias \Raml\Parser is never used
$parser = new \Raml\Parser();

---

前提是文件
Raml/Parser.php
包含：

namespace Raml;

class Parser {}

您可以这样做：

require ('Raml/Parser.php');
$parser = new \Raml\Parser();

或者这个：

require ('Raml/Parser.php');
use \Raml\Parser;
$parser = new Parser();

use
将类/接口/特征导入到当前命名空间中，并允许使用较短的名称，而不是完全限定的退格名称。它还允许通过仅更改
use
语句而不是整个类中的每个名称引用来切换到不同的类，但这一好处非常小，因为使用PHPStorm本身带来了一些强大的重命名功能。
前提是文件
Raml/Parser.php
包含：

namespace Raml;

class Parser {}

您可以这样做：

require ('Raml/Parser.php');
$parser = new \Raml\Parser();

或者这个：

require ('Raml/Parser.php');
use \Raml\Parser;
$parser = new Parser();

use
将类/接口/特征导入到当前命名空间中，并允许使用较短的名称，而不是完全限定的退格名称。它还允许仅通过更改
use
语句切换到不同的类，而不是整个类中的每个名称引用，但这一好处非常小，因为使用PHPStorm本身带来了一些强大的重命名功能。
您拥有
use\Raml\Parser但在创建类实例时指定FQN——在这种情况下，实际上不需要使用
use
line。尝试使用
$parser=newparser（）相反。另外--我想指出，“未找到类”问题与PhpStorm给您的警告无关--这些是独立的问题但在创建类实例时指定FQN——在这种情况下，实际上不需要使用
use
line。尝试使用
$parser=newparser（）相反。另外--我想指出，“未找到类”问题与PhpStorm给您的警告无关--这些是独立的问题。愚蠢的我忘记了自动加载文件，但这让我走上了正确的轨道愚蠢的我忘记了自动加载文件，但这让我走上了正确的轨道