Php 在twig中使用名称空间别名

我有一个代码，用于检查细枝模板中的某个实体常量：

{% if logRecord.status is constant('App\\DealBundle\\Entity\\Deal::DEAL_STATE_MONEY_RESERVED') %}

但是每次使用这么长的类名都是很尴尬的。有没有办法在twig中创建名称空间别名？比如：

{% use App\\DealBundle\\Entity\\Deal %}
{% if logRecord.status is constant('Deal::DEAL_STATE_MONEY_RESERVED') %}

或者我总是需要写全名？

您可以使用：

并以这种方式使用它：

{% if logRecord.status == _self.state('MONEY_RESERVED') %}

---

不要忘记使用连字符（-）删除宏中的空白。

我遇到了同样的问题，解决方案非常简单。在我们的例子中，这个宏不起作用，因为我们不仅要将常量值用于渲染，还要将其用作值（int、string、float等）。这是不可能的，因为使用此宏Twig会将值转换为Twig_标记类

因此，解决方案是下一个。在您声明的模板中的某个位置：

    {% set namespace = 'App\\DealBundle\\Entity\\' %}

然后在另一个地方，您可以这样使用它：

    {% if logRecord.status is constant(namespace~'Deal::DEAL_STATE_MONEY_RESERVED') %}

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我正在更新此版本，以防有人遇到与我相同的问题，并且不想使用任何特殊的扩展

@阿兰·蒂姆布洛的答案是正确的，就像小树枝不再识别自己的物体一样。因此，唯一要做的就是导入它，如：

{% macro state(name) -%}
    {{ constant('App\\DealBundle\\Entity\\Deal::DEAL_STATE_' ~ name) }}
{%- endmacro %}
{# ### Remember the import! ### #}
{% import _self as localMacros %}

然后你可以使用

{% if logRecord.status == localMacros.state('MONEY_RESERVED') %}

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您始终需要编写完整的类名。你有没有想过，如果logRecord.status是state（'reserved'）的话，你可以像

那样做呢？

？是的，你可以为此编写一个twig函数。@Maerlyn是的，我可能会为它做一个自定义测试。非常感谢。哦，不，它不起作用：

类Twig\u标记的对象无法转换为int

。所以它返回一个宏对象，而不是它的值。我测试了它，它可以工作：-），但你只是忘记了做我警告的事情：在你的

{%

和

%}

中放置连字符（看我的例子）。或者在一行中执行

{%macro state（name）%}{{constant（'App\\DealBundle\\Entity\\Deal:：Deal\u state\uu'~name）}}{%endmacro%}

以避免空格问题。不，我没有忘记。我甚至像你说的那样在一行中测试了它。但还是有同样的错误：（你能复制/粘贴到这里吗？你的Symfony2版本是什么？Symfony2.1。也许是这样的？Marco和它的用法看起来和你的一字不差。

{% if logRecord.status == localMacros.state('MONEY_RESERVED') %}