Php 从扩展构造获取子类信息

我不太清楚该如何表述我的问题，因此，对于这个缺乏信息的标题，我深表歉意。
这就是问题所在。我在同一个目录中有几个文件，每个文件都是类持有者。当我继承其中一个类时，我需要知道我在哪个文件（或更像文件夹）中继承它。
我真的不喜欢我得出的解决方案，但仍然要证明我的确切意思

foo.php

class Foo {
}

bar.php

include_once 'bootstrap.php' ;

class Bar extends Foo {
}

$bar = new Bar() ;

bootstrap.php

function __autoload( $class ) {
    $trace = debug_backtrace() ;
    // Here i've got the directory i need:
    $folder = dirname( $trace[ 0 ][ 'file' ] ) ; 
}

有没有其他（正确的）方法来获取文件夹名称，因为它实际上并不适用于此类操作。从性能的角度来看也不是很好

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限制：应适用于PHP5.2.12

$folder=dirname（\uuuuu FILE\uuuu）

不起作用？

魔法常数

\uuuu FILE\uuuuuu

报告调用它的文件的文件名（带路径）（请参阅）：

\uuuu文件\uuuu

：文件的完整路径和文件名。如果在包含中使用，则返回包含文件的名称。自PHP4.0.2以来，

\uuuuuuu FILE\uuuuu

始终包含一个绝对路径，并解析符号链接，而在旧版本中，在某些情况下它包含相对路径

这意味着您可以创建一个返回类文件名的方法

例如，在“test folder/Foo.php”中：

class Foo {

   function getFile() {
      return __FILE__;
   }

}

在“Bar.php”中：

include 'test-folder/Foo.php';

class Bar extends Foo {

   function getParentFile() {
      return parent::getFile();
   }

}

$bar = new Bar();

echo dirname($bar ->getParentFile());
// result: C:\wamp\www\test-folder

编辑：好的，因此如果您想在创建父类之前找到它的位置，这应该可以（使用）：

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不，引导可以位于其他任何地方。我需要确切地知道调用父类的目录否，文件包含当前文件路径。在继承之前不能使用它。因此，我不能在Bar类中使用它。不，如果您在父类中创建一个方法，并使用“parent:：getFile（）”（或其他）从子类调用该方法，它将报告父文件的位置。我在标题中的错误。这个例子更正确。我不需要父类，我需要的是子类。然后将方法放在子类中？你把我搞糊涂了，这是不可能的。在创建子对象之前，它需要知道它继承了哪个类，对吗？问题到此为止。此外，我需要孩子们更加灵活，这就是为什么我使用AutoLoad这是一个完全可以接受的debug_backtrace（）用法。PHP手册页面上充满了人们出于类似目的使用它的例子。请解释您将如何使用找到的目录名。这一切的目的。

$reflectedBar = new ReflectionClass('Bar');
$reflectedBarParent = $reflectedBar->getParentClass();
$filename = $reflectedBarParent->getFileName();