Php 这是避免在新选项卡或窗口中显示弹出内容的良好做法吗？

我有带有照片缩略图的页面，假设脚本是thumbnails.php。每个图标都有一个指向popup.php？id=nnn的链接，该链接在弹出窗口中打开，以显示更大的图像和一些信息

我不希望直接访问domain.com/popup.php？id=nnn的用户在整个窗口或选项卡中获取弹出的小内容。 因此，这个脚本首先检查引用者是否是包含缩略图的页面。 否则，将打开descrption.php？id=nnn。此页面设计为适合带有扩展信息的常规屏幕。 我这样做主要是考虑网络爬虫

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这是一个好的做法吗？

我在过去18个月里参与的许多项目都没有打开新的窗口或选项卡。相反，它们使用来显示图像、html描述或其他属性信息

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这允许用户在不小心关闭错误的窗口或选项卡时保持在同一页面上，而不会导致他们跳出，或者他们忘记了通过原始窗口返回您的站点。

因为Google WMT告诉我，popup.php？id=nnn和description？id=nnn中都有重复的标题标记，尽管它们不相同。编辑：我意识到我可以将popup.php添加到robots.txt（disallow）mmmm中，不确定这样做是否好，我不认为将popup.php添加到disallow中会有多大的伤害，你不希望谷歌尝试索引脚本的结果。除非你想让谷歌抓取这些图像？我早就看到这种方法了。我仍然不相信，因为有些原因在这里要解释很长时间。无论如何，我会再考虑的。我不明白你的最后一点。用户可能会意外地关闭弹出窗口，但主页仍然存在，他可以再次打开。啊，抱歉，被“在整个窗口或选项卡中获取弹出窗口的小内容”行分散了注意力。问题的标题还推断您正在询问新窗口和选项卡。抱歉，可能我不清楚。这不是我惯用的语言。顺便说一句，尽管我查看了我的个人资料，收到了关于新答案的通知，但我没有收到任何通知。可能是因为还没有发布新答案。