使用PHP添加类以突出显示所选菜单的最简单方法是什么？

我在所有页面中都有这样一个菜单，我想添加一个CSS类来根据页面突出显示所选菜单

最简单的方法是什么

<div id="menu">
   <a href="index.php" class="item-menu">Home</a>
   <a href="projects.php" class="item-menu">Projects</a>   
   <a href="contact.php" class="item-menu">Contact</a>            
</div>

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菜单代码位于名为

menu.php

的文件中，该文件在所有页面中都会调用。我可以通过曲折的方式（使用IFs或其他东西）实现我想要的，但我正在寻找一个简单的解决方案。

这应该可以帮助您开始

<div id="menu">
    <a href="index.php" class="item-menu <?= $_SERVER['REDIRECT_URL'] == '/index.php' ? 'selected' : '' ?>">Home</a>
    <a href="projects.php <?= $_SERVER['REDIRECT_URL'] == '/projects.php' ? 'selected' : '' ?>" class="item-menu">Projects</a>   
    <a href="contact.php <?= $_SERVER['REDIRECT_URL'] == '/contact.php' ? 'selected' : '' ?>" class="item-menu">Contact</a>            
</div>

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这很脏，但很容易：

<div id="menu">
   <a href="index.php" class="item-menu<?php if( basename( $_SERVER["SCRIPT_FILENAME"] ) == 'index.php' ) echo ' active';?>">Home</a>
   <a href="projects.php" class="item-menu<?php if( basename( $_SERVER["SCRIPT_FILENAME"] ) == 'projects.php' ) echo ' active';?>">Projects</a>   
   <a href="contact.php" class="item-menu<?php if( basename( $_SERVER["SCRIPT_FILENAME"] ) == 'contact.php' ) echo ' active';?>">Contact</a>            
</div>

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作为已有解决方案的替代方案，您只需向主

元素添加一个类，然后为每个组合设置CSS：

<div id="menu" class="home">
   <a href="index.php" class="home item-menu">Home</a>
   <a href="projects.php" class="projects item-menu">Projects</a>   
   <a href="contact.php" class="contact item-menu">Contact</a>            
</div>​

#menu.home a.home,
#menu.projects a.projects,
#menu.contact a.contact {
    /* Active link CSS */
}​

​
#菜单，菜单，菜单，菜单，
#菜单项目a.项目，
#联系，联系{
/*活动链接CSS*/
}​

然后，您只需要使用PHP来确定

#menu

的类。这可以通过几种不同的方式完成，具体取决于应用程序的设置方式。如果您的

menu.php

只是包含在其他页面中，您可以将该类放在其他位置（如

元素），并将以前的CSS调整为类似

body.home#menu a.home，

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请参见一个工作示例-

根据您的决定获取元素并将类名添加到class属性中：

if ($res = $xpath->query(sprintf('//a[@href="%s"]', basename($_SERVER['SCRIPT_FILENAME'])))
{
    $res->item(0)->setAttribute('class', $res->item(0)->getAttribute('class') . ' active');
}

---

这假设您在dom元素中有菜单，并且必须为它提供一个可用的

DOMXpath

（

$xpath

）。

简单解决方案的可能副本包括一个配置（通常是一个包含数据的数组），然后输出该数组。由于您没有共享任何PHP代码，因此无法很好地回答这个问题。但是“你尝试了什么？”这个问题至今仍然存在。只是提醒一下，如果这个文件包含在index.php、project.php或contact.php文件中，这将不起作用，因为basename将是包含的导航文件的名称。要缩短它，你还可以将它包装成一个函数：

函数highlight\u if（$site）{if（basename（uu FILE_uu）==$site..php）echo'active'；}>

。然后链接应该如下所示：

@BryanMoyles是的，他在我的回答后添加了该信息。应该使用$\u SERVER[“SCRIPT\u FILENAME”]而不是FILE常量。