Php MYSQL：为什么这个更新查询赢了'；不行？

我正在尝试此sql查询，但它不起作用：

<form name="modificarUsuario" action="" method="POST">
<h2>Modificación de Datos Personales</h2>
Username: <input type="text" name="username" />  
Nombre Completo: <input type="text" name="nombre" />  
Email: <input type="text" name="email" />  
Clave: <input type="text" name="pass" />  
<input type="submit" class="button" name="modificarDatos" value="Modificar datos">
<br>
</form>

$usuario = $_POST['username'];
$nombre = $_POST['nombre'];
$email = $_POST['email'];
$clave = $_POST['pass'];
$uid = 1;
$consulta = mysqli_prepare($conectar,
                "UPDATE usuario 
                 SET username = ?, pass = ?, name = ?, email = ?) 
                 WHERE uid = '".$uid."'
                ");
if ($consulta) {
    mysqli_stmt_bind_param( $consulta, 'ssss', $usuario, $clave, $nombre, $email);
    mysqli_stmt_execute($consulta);
    echo 'Se guardaron los cambios';
}
else {echo 'Hubo un error! El cambio no se guardó!';}
mysqli_stmt_close($consulta); //here's line 52

个人数据修改
用户名：
名称：Completo：
电邮：
克莱夫：


$usuario=$_POST['username']；
$nombre=$_POST['nombre']；
$email=$_POST['email']；
$clave=$_POST['pass']；
$uid=1；
$consulta=mysqli\u prepare（$conectar，
“更新usuario
设置用户名=？、密码=？、姓名=？、电子邮件=？）
其中uid=“$uid.”
");
若有（$consulta）{
mysqli_stmt_bind_param（$consulta，$ssss'，$usuario，$clave，$nombre，$email）；
mysqli_stmt_execute（$consulta）；
echo'Se guardaron los cambios'；
}
否则{echo'Hubo un error！El-cambio no se guardó！'；}
mysqli_stmt_close（$consulta）//这是第52行

错误是：

PHP警告：mysqli_stmt_close（）希望参数1为 mysqli_stmt，布尔值在

数据库有一个“usuario”表，表中有一个“uid”字段，它是一个整数。 所有字段拼写正确，顺序正确： uid、用户名、通行证、姓名、电子邮件

我读过和，他们都有关于可能出错的有趣信息。但我已经检查过了，一切似乎都正常。

来自：

mysqli_prepare（）返回语句对象，如果发生错误，则返回FALSE

当prepare语句失败时，它将返回一个布尔值，这意味着

$consulta

将不是一个语句，而是一个布尔值。布尔值不能关闭，

mysqli\u stmt\u close

需要一个语句。因此，如果您将失败的预处理语句传递到mysqli\u stmt\u close，则会收到您发布的错误

因此，只有在成功的情况下，才可以结束

if ($consulta) {
    mysqli_stmt_bind_param( $consulta, 'ssss', $usuario, $clave, $nombre, $email);
    mysqli_stmt_execute($consulta);
    echo 'Se guardaron los cambios';
    mysqli_stmt_close($consulta);
}
else {echo 'Hubo un error! El cambio no se guardó!';}

从：

mysqli_prepare（）返回语句对象，如果发生错误，则返回FALSE

当prepare语句失败时，它将返回一个布尔值，这意味着

$consulta

将不是一个语句，而是一个布尔值。布尔值不能关闭，

mysqli\u stmt\u close

需要一个语句。因此，如果您将失败的预处理语句传递到mysqli\u stmt\u close，则会收到您发布的错误

因此，只有在成功的情况下，才可以结束

if ($consulta) {
    mysqli_stmt_bind_param( $consulta, 'ssss', $usuario, $clave, $nombre, $email);
    mysqli_stmt_execute($consulta);
    echo 'Se guardaron los cambios';
    mysqli_stmt_close($consulta);
}
else {echo 'Hubo un error! El cambio no se guardó!';}

---

您的SQL文本（包含UPDATE语句的字符串）中有一个虚假的close paren字符。这违反了MySQL的语法

, email = ?) 
           ^

如果

mysqli\u prepare

失败（即返回FALSE），您应该使用

mysqli\u error（$connectar）

检索错误消息，这样您就可以看到语法错误

 else {
    echo 'Hubo un error! El cambio no se guardó!';
    echo mysqli_error($conectar);
 }

---

mysqli\u stmt\u close

仅在存在有效语句句柄时有效，因此该调用应上移到“then”块中，因此它仅在prepare返回语句句柄时执行

您的SQL文本（包含UPDATE语句的字符串）中有一个虚假的close paren字符。这违反了MySQL的语法

, email = ?) 
           ^

如果

mysqli\u prepare

失败（即返回FALSE），您应该使用

mysqli\u error（$connectar）

检索错误消息，这样您就可以看到语法错误

 else {
    echo 'Hubo un error! El cambio no se guardó!';
    echo mysqli_error($conectar);
 }

---

---

mysqli\u stmt\u close

仅在存在有效语句句柄时有效，因此该调用应上移到“then”块中，因此它仅在prepare返回语句句柄时执行

为什么对

用户名

、

密码

、

名称

和

电子邮件

使用绑定参数，而对

uid

使用字符串替换？我已经对其进行了编码。数据库中只有一个用户，管理员。我认为测试代码是否按预期工作更容易。您能给我们展示一个小的、完整的示例来演示这个问题吗？从您发布的代码中，我看不出您是如何在准备语句时出错的，因为似乎正在发生，但没有将错误消息传出。（另外：如果您输出

$mysqli->error

，如果准备失败，可能会有所帮助。）在代码中遗漏一些东西，比如php标记，可能无法帮助我们了解整个情况。这通常是一个暗示，其他重要的东西丢失了。@Rosamunda为了安全起见，你真的应该绑定所有参数。这就是你如何错误地创建讨厌的bug：第一步总是很无辜的。为什么你要对

用户名

、

密码

、

名称

和

电子邮件

，使用绑定参数，但是用字符串替换

uid

？我已经对它进行了编码。数据库中只有一个用户，管理员。我认为测试代码是否按预期工作更容易。您能给我们展示一个小的、完整的示例来演示这个问题吗？从您发布的代码中，我看不出您是如何在准备语句时出错的，因为似乎正在发生，但没有将错误消息传出。（另外：如果您输出

$mysqli->error

，如果准备失败，可能会有所帮助。）在代码中遗漏一些东西，比如php标记，可能无法帮助我们了解整个情况。这通常是一个暗示，其他重要的东西丢失了。@Rosamunda为了安全起见，你真的应该绑定所有参数。这就是你如何错误地制造讨厌的bug的：第一步永远是无辜的。是的，我知道它失败了，但为什么呢？同样的声明我在其他地方测试过，效果很好。我想这可能是因为我的代码中有一些愚蠢的语法错误…

$conectar

没有在您发布的代码中设置。这可能就是问题所在。问题中的错误与mysql\u stmt\u close有关，而与prepare无关。如果准备失败，那就是另一个问题@Rosamunda$conectar包含在另一个文件中，在其他几个地方使用（这就是为什么我知道它有效）。如果我只在mysqli\u stmt\u close（）成功时才将其放入，则没有错误，但也不会更新。@Rosamunda那么为什么要显示

mysqli\u close

的错误，如果它是关于你想问的

mysqli\u prepare

？是的，我知道它失败了