PHP注意：未定义变量：

我尝试从php在服务器上运行命令 所以我在一个php文件中添加了这段代码

 shell_exec($cmd);  

 echo $cmd = "at ".$_POST['time1']." <<< '/usr/local/bin/youtube-dl  ".$_POST['url']." -o ".$out." && /root/bin/ffmpeg -y -i ".$out." -c:v libx264 -s 640x360 -b:v 300k -strict experimental -movflags +faststart -c:a aac FILMA/".$out."___www.example.com___.mp4 && rm -f ".$out."'";

shell_exec（$cmd）；
echo$cmd=“at”。$\u POST['time1']”“问题是您在定义之前试图使用
$cmd
。您在第1行使用它，在第3行定义它。
您必须运行：

shell_exec($cmd);

在定义$cmd之后

例如：

$cmd = "at ".$_POST['time1']." <<< '/usr/local/bin/youtube-dl  ".$_POST['url']." -o ".$out." && /root/bin/ffmpeg -y -i ".$out." -c:v libx264 -s 640x360 -b:v 300k -strict experimental -movflags +faststart -c:a aac FILMA/".$out."___www.example.com___.mp4 && rm -f ".$out."'";

shell_exec($cmd); 

$cmd=“at”。$\u POST['time1']”它不是重复的，这是不同的问题只是在黑暗中拍摄，但我相信cmd变量未定义@Gloytoshtyqo不，这是完全相同的问题。你显然没有努力去阅读和理解任何东西，这是同样的问题<代码>$cmd
未定义。这里
shell\u exec（$cmd）先前未定义
$cmd
。如果不是这种情况，则转到minimal，错误消息应该不同。