在PHP类中使用Mysqli的问题

我是面向对象PHP新手，对以下代码有问题。使用Mysqli的数据库查询在类内不起作用，但在类外可以正常工作。所以我的问题是，我做错了什么

class webFile {

    private $sql, $query;

    function __construct() {
        $sql = new mysqli('host','user','pass','dbname');
    }

    function doQuery() {
        $queryText = "SELECT * FROM blog_posts WHERE number = '2'";
        if($query = $this->sql->query($queryText)) {
            $results = $query->fetch_array();
            return $results['post_id'];
        } else {
            return "Error";
        }
    }
}

$object = new webFile();
echo $object->doQuery();

---

服务器错误日志显示“PHP致命错误：对非对象调用成员函数query（）”。。。我又犯了一个愚蠢的错误吗？我在网上查过了，但是找不到任何与这个问题相关的东西。任何帮助都将不胜感激。

在构造函数中，您将mysqli设置为局部变量

$sql

将构造函数更改为

 function __construct() {
        $this->sql = new mysqli('host','user','pass','dbname');
    }

---

在构造函数中，您将mysqli设置为局部变量

$sql

将构造函数更改为

 function __construct() {
        $this->sql = new mysqli('host','user','pass','dbname');
    }

---

出于某种原因，$SQL变量似乎没有设置为MySQLi对象的实例

我个人并不经常使用MySQLi；因为我更喜欢mysql\u connect

我建议如下：

$this->sql = mysql_connect($host,$user,$pass) or die( mysql_error());
$this->db = mysql_select_db($db) or die( mysql_error());

或者如果设置了MySQLi对象-

try
{
    $this->sql = new mysqli('host','user','pass','dbname');
} 
catch(Exception $e)
{
    // throw another exception or something
}

---

假设连接抛出错误-这将让您知道它已失败，并允许您进行更正。

由于某种原因，$SQL变量似乎未设置为MySQLi对象的实例

我个人并不经常使用MySQLi；因为我更喜欢mysql\u connect

我建议如下：

$this->sql = mysql_connect($host,$user,$pass) or die( mysql_error());
$this->db = mysql_select_db($db) or die( mysql_error());

或者如果设置了MySQLi对象-

try
{
    $this->sql = new mysqli('host','user','pass','dbname');
} 
catch(Exception $e)
{
    // throw another exception or something
}

---

假设连接抛出错误-这将让您知道它已失败并允许您进行更正。

正如Miguelo所说，问题是您在构造函数中编写了$sql而不是$this->sql

但还有另一个问题

正如您所看到的，在您的代码中

private $sql, $query

我认为您不希望在类中的函数之间使用$query，因此我将删除它并保留：

private $sql;

但是如果要在函数之间使用它，则函数doQuery（）应如下所示：

function doQuery() {
    $queryText = "SELECT * FROM blog_posts WHERE number = '2'";
    if($this->query = $this->sql->query($queryText)) {
        $results = $this->query->fetch_array();
        return $results['post_id'];
    } else {
        return "Error";
    }
}

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正如Miguelo所说，问题是您在构造函数中编写了$sql而不是$this->sql

但还有另一个问题

正如您所看到的，在您的代码中

private $sql, $query

我认为您不希望在类中的函数之间使用$query，因此我将删除它并保留：

private $sql;

但是如果要在函数之间使用它，则函数doQuery（）应如下所示：

function doQuery() {
    $queryText = "SELECT * FROM blog_posts WHERE number = '2'";
    if($this->query = $this->sql->query($queryText)) {
        $results = $this->query->fetch_array();
        return $results['post_id'];
    } else {
        return "Error";
    }
}

---

这是一个PHP问题。在本文中，PHP不支持嵌套类。在7.0版中有可能会发生变化，但据我所知，它还没有准备好

我认为您最好的选择是简单地使用您的类来扩展MySQLi类，如下所示：

 class webFile extends mysqli {

你可能想把它锁起来。说到这里，请注意MySQLi的构造不会被您自己的_construct（）方法自动调用，因此您可能需要解决这个问题

您还可以使用MySQLi的过程功能来实现所需的结果，而无需扩展MySQLi的类。当我发现这篇文章时，我正在研究这个类，它目前有2600多个视图，并且对您的问题没有绝对正确的答案

PHP的面向对象并不像某些面向对象那样健壮，希望在未来几年内这种情况会有所改变。PHP7.0支持匿名类实例化，这表明它可能很快就会支持嵌套类

编辑：我在PHP.net上找到了一个覆盖覆盖该构造的链接。显然，您自己的构造不会覆盖MySQLi，但您必须手动调用它，如中所示：

 parent::__construct($host,$user,$pass,$db);

---

这是一个PHP问题。在本文中，PHP不支持嵌套类。在7.0版中有可能会发生变化，但据我所知，它还没有准备好

我认为您最好的选择是简单地使用您的类来扩展MySQLi类，如下所示：

 class webFile extends mysqli {

你可能想把它锁起来。说到这里，请注意MySQLi的构造不会被您自己的_construct（）方法自动调用，因此您可能需要解决这个问题

您还可以使用MySQLi的过程功能来实现所需的结果，而无需扩展MySQLi的类。当我发现这篇文章时，我正在研究这个类，它目前有2600多个视图，并且对您的问题没有绝对正确的答案

PHP的面向对象并不像某些面向对象那样健壮，希望在未来几年内这种情况会有所改变。PHP7.0支持匿名类实例化，这表明它可能很快就会支持嵌套类

编辑：我在PHP.net上找到了一个覆盖覆盖该构造的链接。显然，您自己的构造不会覆盖MySQLi，但您必须手动调用它，如中所示：

 parent::__construct($host,$user,$pass,$db);

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在PHP5.3中，在类构造函数中初始化mysqli对象会破坏代码。我必须将mysqli对象作为参数传递给类才能使其工作。 这是无效的：

function __construct() {
     $this->sql = new mysqli('host','user','pass','dbname');
 }

但这将起作用：

function __construct($mysqli) {
     $this->sql = new mysqli('host','user','pass','dbname');
 }

其中$mysqli参数可以是

new mysqli('host','user','pass','dbname');

从正在执行的php脚本传递。 mysqli类似乎有一个问题，我希望他们能在php7中解决这个问题。

---

另一个解决方法是将其扩展为php手册页面中的大纲。

在PHP5.3中，在类构造函数中初始化mysqli对象会破坏代码。我必须将mysqli对象作为参数传递给类才能使其工作。 这是无效的：

function __construct() {
     $this->sql = new mysqli('host','user','pass','dbname');
 }

但这将起作用：

function __construct($mysqli) {
     $this->sql = new mysqli('host','user','pass','dbname');
 }

其中$mysqli参数可以是

new mysqli('host','user','pass','dbname');

从正在执行的php脚本传递。 mysqli类似乎有一个问题，我希望他们能在php7中解决这个问题。

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另一个解决方法是将其扩展为php手册页面中的大纲。

所有mysql_*函数都不受欢迎。很抱歉，php文档中没有最新的内容-我不知道这意味着它不是一个有效的解决方案。谢谢你往下说。答案是正确的，但你把他送进了一条封闭的道路，我自己也认为这是一条崎岖不平的道路，不太可能