Php 此代码上的事务和回滚

下面是我在两个不同表中插入的代码。我的问题是，是否是由于坏服务器或坏连接等。插入到正在进行的第一个表，但不插入到第二个表。然后，下面的代码是否会回滚为第一个表所做的插入，如果不是，那么如何完成

注意：我的表类型在Innodb中

  $mysqli->autocommit(FALSE);
  $stmt_one = $mysqli->prepare("Insert into TABLE SET $var1 = ?, $var2 = ? ");
  $stmt_two = $mysqli->prepare("Insert into TABLE SET $var1 = ?, $var2 = ? ");
  $stmt_one->bind_param('is',$var1,$var2);
  $stmt_two->bind_param('is',$var1,$var2);
  $stmt_one->execute();
  $stmt_two->execute();
  $mysqli->commit();
  $stmt_one->close();
  $stmt_two->close();

看看：

try { 
  $mysqli->autocommit(FALSE);
  $stmt_one = $mysqli->prepare("Insert into TABLE SET $var1 = ?, $var2 = ? ");
  $stmt_two = $mysqli->prepare("Insert into TABLE SET $var1 = ?, $var2 = ? ");
  $stmt_one->bind_param('is',$var1,$var2);
  $stmt_two->bind_param('is',$var1,$var2);
  $stmt_one->execute();
  $stmt_two->execute();
  $mysqli->commit();
  $stmt_one->close();
  $stmt_two->close(); 
} catch (Exception $e) {
  $mysqli->rollBack();
  echo "Fallo: " . $e->getMessage();
}

要启动事务，您需要关闭自动提交数据库修改。您可以通过

$mysqli->autocommit（FALSE）进行操作。这意味着，对于“完成”事务，所有查询和数据库更改都必须是“固定”的。它是通过
$mysqli->commit（）实现的。当您不调用
commit
（“fix”）时，DB中不会有任何更改

在您的情况下（插入到2个表中）：如果插入到正在进行的第一个表而不是第二个表，将调用异常
$mysqli->rollBack（）。由于我们没有导致C ommit事务（由于异常），所有更改都将回滚到起始点（关闭自动提交），换句话说，我们会回滚当前事务。
OK，最后一个问题是，如果对第一个表进行插入，并且您的internet断开连接，那么您所回答的查询将起作用，这意味着回滚代码
$mysqli->rollback（）不执行，那么在这种情况下，事务回滚或对第一个表的插入是否会保留在那里（在这种情况下，这是我试图避免的错误）？@user3027531 look：这不取决于您的连接。您可以在服务器上运行PHP脚本。从这一刻起，不再依赖你。如果第二次插入DB返回错误，则仅在一种情况下不能执行回滚命令-如果PHP脚本死亡（例如，服务器故障）