PHP mysql_select_db()希望参数2是资源,给定null
我试过各种各样的建议,但都没有结果。我正在将一个PHP站点(由其他人编写)移动到一个新域。移动后,我的站点出现以下错误: mysql_select_db()希望参数2是资源,给定为null 示例错误引用的行包括:PHP mysql_select_db()希望参数2是资源,给定null,php,Php,我试过各种各样的建议,但都没有结果。我正在将一个PHP站点(由其他人编写)移动到一个新域。移动后,我的站点出现以下错误: mysql_select_db()希望参数2是资源,给定为null 示例错误引用的行包括: <div id="desc"><p align="center"><?php mysql_select_db("database_name", $con); $db_selected = mysql_select_db("database_nam
<div id="desc"><p align="center"><?php mysql_select_db("database_name", $con);
$db_selected = mysql_select_db("database_name", $con);
感谢您的帮助
mysql\u select\u db\u()的第二个参数应该是mysql\u connect()
返回的值。所以你应该使用$link
,而不是$con
你可以使用的
mysql_connect('hostname','username','password');
mysql_select_db('databasename');
不会出现任何错误。请使用此选项
<div id="desc"><p align="center"><?php
$link = mysql_connect(DB_HOST, DB_USER, DB_PASS)
$db = mysql_select_db(DB_NAME, $link)
执行此查询:
<?php mysql_query("USE somedatabase", $connection); ?>
“$con不会出现在其他任何地方。”这应该是一个提示
<?php $connection = mysql_connect("datatbasehost", "username", "password"); ?>
<?php mysql_query("USE somedatabase", $connection); ?>