在PHP中，出于什么原因我不能包含来自外部文件的变量？

如果在Page1.php和Page2.php中定义了$var，那么

//Page2.php include('Page1.php'); echo $var; //Page2.php 包括（'Page1.php'）； echo$var； 出于什么原因，它不会将$var的值打印到屏幕上？这些文件位于同一目录中，因此路径不应成为问题。我检查了php.ini文件，并没有什么真正让我感到惊讶。有什么想法吗？

可能的原因：

• 当前工作路径并不总是与文件的相同。例如，如果Page2.php包含在更高级别，则该更高级别将是路径。请确保已直接加载Page2.php或相应地移动Page1.php
• 确保

  $var

  确实是您所期望的。在Page1.php中回显以确认。（这也会检查是否包含正确的文件）
• 如果源代码并非如此简单，请确保您没有在任何地方取消定义/清除

  $var

我刚刚测试过：

page1.php：

<?php
$foo = "bar"
?>

page2.php：

<?php
include('page1.php');
echo $foo;
?>

这很有效

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您可能需要检查文件路径。此外，var_dump（）还可以方便地检查变量输出。

如果是路径问题，您会在错误日志中看到警告。您还可以更改为require而不是include，这将变得显而易见

echo getcwd();

您还可以打印工作目录，以找出问题所在

$var是在函数中创建的吗？如果是这样的话，确保你有

global $var;

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在该函数的第一次赋值之前。

检查您是否未关闭整个函数。可能include出错了，因此变量从未被包含。

…我假设您已经检查过$var中是否确实包含内容？我无法计算在字符串中意外出现空白或“”并试图将其打印出来的次数。第2页中的include调用来自何处？var是如何声明的？Steve，是的，我检查过$var是否有内容。Paolo，$var在第1页声明$var=“你好”；查看Page1.php也会很有帮助。